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iv Cálculo Vetorial e Séries
Título do original
Cálculo Vetorial e Séries
Julho de 2010
Direitos exclusivos para língua portuguesa:
UFT - CAMPUS DE PALMAS
Coordenação de Engenharia Civil/Elétrica
512.8
Pinedo. Christian Quintana, 1954 -
Cálculo Vetorial e Séries / Christian José Quintana Pinedo : Universidade
Federal do Tocantins. Campus de Palmas, Curso de Engenharia Civil/Elétrica,
2010.
250 p. il. 297mm
I. Cálculo Vetorial e Séries. Christian Q. Pinedo. II. Série. III. Título
CDD 512.8 ed. CDU
SUMÁRIO
PREFÁCIO . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . ix
1 INTEGRAÇÃO MÚLTIPLA 1
1.1 Introdução . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 2
1.2 Integrais duplas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 2
1.3 Principais propriedades da integral dupla . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 4
1.4 Regras de cálculo das integrais duplas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 6
1.4.1 Integrais duplas generalizadas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 10
Exercícios 1-1 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 13
1.5 Cálculo de áreas e volumes com integração dupla . . . . . . . . . . . . . . . . . . 15
1.6 Mudança de variável em integrais duplas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 16
1.6.1 Jacobiano de uma função de n variáveis . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 16
1.7 Integrais duplas en coordenadas polares . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 19
1.7.1 Integrais iteradas em coordenadas polares . . . . . . . . . . . . . . . . . . 20
Exercícios 1-2 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 23
1.8 Aplicações da integral dupla . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 25
1.8.1 Valor promédio . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 25
1.8.2 Centro de massa de uma lâmina . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 25
1.8.3 Momentos de inércia de uma lâmina . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 28
1.8.4 Área de uma superfície . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 31
Exercícios 1-3 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 35
1.9 Integrais triplas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 37
1.9.1 Integrais triplas mediante integrais iteradas . . . . . . . . . . . . . . . . . 38
1.9.2 Volumes mediante integrais triplas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 39
1.9.3 Integrais triplas em coordenadas cilíndricas e esféricas . . . . . . . . . . . 39
1.10 Centro de massa e momentos de inércia de um sólido . . . . . . . . . . . . . . . . 42
Exercícios 1-4 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 45
2 INTEGRAL DE LINHA 47
2.1 Introdução . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 48
2.2 Curvas regulares . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 49
2.3 Integral de linha de uma função escalar . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 51
2.4 Aplicações da integral de linha de funções escalares . . . . . . . . . . . . . . . . . 58
v
vi Cálculo Vetorial e Séries
Exercícios 2-1 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 61
2.5 Campos vetoriais . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 63
2.5.1 Gradiente. Divergente. Rotacional . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 64
2.6 Integral de linha de um campo vetorial . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 67
2.6.1 Trajetórias opostas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 72
2.7 Propriedades Fundamentais da integral de linha . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 72
2.8 Integral de linha de um campo vetorial conservativo . . . . . . . . . . . . . . . . 76
2.9 Aplicações da integral de linha . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 79
2.10 Teorema de Green . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 81
Exercícios 2-2 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 89
3 INTEGRAL DE SUPERFÍCIE 91
3.1 Introdução . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 92
3.2 Superfície . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 92
3.2.1 Plano tangente. Vetor normal a uma superfície . . . . . . . . . . . . . . . 95
3.2.2 Existência da integral de superfície . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 100
Exercícios 4-1 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 103
3.3 Teorema de Stokes . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 104
3.4 Teorema de Gauss . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 106
Exercícios 4-2 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 107
4 SEQÜÊNCIAS DE NÚMEROS REAIS 109
4.1 INTRODUÇÃO . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 110
4.2 SEQÜÊNCIA DE NÚMEROS REAIS . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 110
4.2.1 Classificação: Limitação e Monotonia. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 112
4.2.2 Subseqüências. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 117
Exercícios 4-1 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 119
4.3 LIMITE DE SEQÜENCIA . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 121
4.3.1 Limite de uma seqüência. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 121
4.3.2 Propriedades do limite de seqüência. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 125
4.3.3 Seqüência de Cauchy. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 127
4.3.4 Espaço métrico. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 128
Exercícios 4-2 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 133
4.4 SEQÜÊNCIAS CONVERGENTES . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 137
4.4.1 Propriedades Fundamentais. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 137
4.4.2 Critérios de Convergência. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 140
4.4.3 Consequência da Propriedade (4.18). . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 146
4.4.4 Teorema de Bolzano - Weirstrass. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 148
Exercícios 1-3 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 150
Miscelânea 1-1 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 153
Christian José Quintana Pinedo vii
5 SÉRIES DE NÚMEROS REAIS 155
5.1 INTRODUÇÃO . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 155
5.2 SOMATÓRIOS . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 156
Exercícios 2-1 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 163
5.3 SÉRIES DE NÚMEROS REAIS . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 165
5.3.1 Série geométrica. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 166
5.3.2 Série harmônica. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 167
5.3.3 Série p. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 168
5.3.4 Critério do n-ésimo termo. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 169
5.3.5 Condição de Cauchy. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 173
5.3.6 Propriedade de Cauchy. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 174
Exercícios 5-2 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 176
5.4 SÉRIE DE TERMOS POSITIVOS . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 178
5.4.1 Critério de comparação. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 179
5.4.2 Critério de integral. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 180
5.4.3 Critério de comparação no limite. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 183
5.4.4 Critério de Raabe . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 184
Exercícios 5-3 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 187
5.5 SÉRIE ABSOLUTAMENTE CONVERGENTE . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 189
5.5.1 Condicionalmente convergente. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 190
5.5.2 Critério de comparação. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 192
5.5.3 Critério D’Alembert’s. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 194
5.5.4 Critério de Cauchy. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 196
Exercícios 2-4 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 199
5.6 SÉRIES ALTERNADAS . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 201
5.6.1 Critério de Leibnitz. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 201
5.6.2 Sumário dos Critérios para Séries de Números. . . . . . . . . . . . . . . . 206
Exercícios 2-5 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 207
APÊNDICE . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 209
História do cálculo.. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 209
PREFÁCIO
Prosseguindo o nosso objetivo o qual é apresentar um bom material de estudo para suprir a
carência de material adequado ao Cálculo Espacial para nossos leitores, apresentamos esta versão
do livro Cálculo Vetorial e Séries Numéricas.
A finalidade deste trabalho é orientar a metodologia para que o leitor possa identificar e
construir um modelo matemático e logo resolvê-lo.
A ordem de apresentação dos temas desenvolvidos, é somente com o desejo de que os leitores
sejam os beneficiados em lograr maior entendimento do Cálculo Integral de funções de varias
variáveis com valores reais.e estudo das Séries com números reais.
Os estudantes, e professores e leitores em geral vinculados com o estudo da matemática
avançada, espero encontrem nesta obra temas para a preparação de suas aulas, assim como para
a aplicação de testes de avaliação.
Cada capítulo se inicia com os objetivos que se pretende alcançar; os exercícios apresentados
em quantidade suficiente, estão classificados de menor a maior dificuldade. No capítulo 1 o estudo
de integrais múltiplas e suas aplicações no cálculo de áreas e volumes, assim como também na
aplicação na busca do valor promédio, centros de massa, momentos de inércia, e cálculo de
superfície. Quando necessário se faz uso para os cálculos das integrais mudanças de variáveis a
coordenadas polares, cilíndricas, esféricas e outras.
O capítulo 2 esta reservado para o estudo dos campos vetoriais, das integrais de linha, o
teorema de Green e suas aplicações diversas, assim como a relação importante entre integral de
linha e integral dupla
No capítulo 3 se apresenta o estudo da integral se superfície, os teoremas de Stokes e o de
ix
x Cálculo Vetorial e Séries
Gauss assim como suas aplicações.
Os dois últimos capítulos abordam temas das seqüências e series de números reais respecti-
vamente.
Este livro terá melhor entendimento desde que seja estudado o livro “Integração e Funções
de várias Variáveis” do mesmo autor, pois as notações, enfoque e abordagem dos temas segue a
mesma linha do pensamento.
Fico profundamente grato pela acolhida desde trabalho e pelas contribuições e sugestões dos
leitores.
Christian Quintana Pinedo.
Palmas - TO, julho de 2010
“A Matemática é a honra do espírito humano”
Leibniz
Capítulo 1
INTEGRAÇÃO MÚLTIPLA
C. Jacob
Carl Gustavo Jacob Jacobi nasceu em Postdam, Prússia, Ale-manha, em 10 de dezembro de 1804. O primeiro mestre de Carl foium dos seus tios maternos, quem ensino a ele os idiomas clássicos ematemática, preparando-lo para ingressar ao Instituto de Postdam em1816 ainda com 12 anos.
Desde muito cedo Jacobi deu provar de ter uma "inteligência bril-hante"segundo declarou o diretor do Instituto quando Jacobi se formouem 1821 para logo ingressar á Universidade de Berlin e se doutorar em1825. Em 1827 era indicado para professor extraordinário de Konigs-berg ficando como professor permanente em 1829.
Como Gauss, Jacobi poderia lograr uma grão reputação em filolo-gia, se não for atraído pela matemática. Havendo observado em Jacobque tinha gênio matemático, o professor Heinrich Bauer deixou Jacobi
trabalhar do jeito que queria, pois Jacob tinha se revelado a aprender a matemática de memória, ele diziaque seguia regras.
O desenvolvimento matemático de Jacob oferece em certos aspetos um curioso paralelo com o seurival H. Abel, também Jacob estudo muito as obras de L. Euler e J. Lagrange que aprendeu álgebra ecálculo conhecendo bem a teoria dos números.
Esta auto-instrução iria a dar a Jacob forças para escrever sua primeira obra sobre funções elípticas,Euler, o mestre dos recursos engenhosos, achou em Jacob seu brilhante sucessor sua inspiração foi muitomais formalista que rigorista .
Jacob e Abel de modo independente e simultâneo lançaram as bases da teoria das funções elípticas,tendo Jacob introduzido o que hoje constitui a notação para elas.
Jacob ao lado de Cauchy foram os matemáticos que mais contribuíram para a teoria dos determi-nantes. Fui com ele que a palavra determinante recebeu aceitação final. Desde logo usou o determinantefuncional que posteriormente Sylvéster iria a chamar de Jacobiano.
Jacob também contribuiu para a teoria dos números, para a teoria das equações diferenciais ordináriase parciais, para o calculo das variações e outros problemas da dinâmica.
Em 1842 renuncia a sua cadeira em Konigsberg e com uma pensão do governo da Prússia viveu atesua morte em 1851.
1
2 Cálculo Vetorial e Séries
1.1 Introdução
Na tentativa de resolver o problema de determinar áreas, chegamos à definição de integral
definida. Vamos aplicar procedimento semelhante para calcular o volume de um sólido e, no
processo, chegar à definição de integral dupla.
1.2 Integrais duplas
Definição 1.1.
Uma função f : D ⊆ R2 −→ R com domínio D dizemos que é limitada (acotada) em D se
existem r, s ∈ R tais que r ≤ f(x, y) ≤ s, ∀ (x, y) ∈ D
Seja f : D ⊆ R2 −→ R uma função limitada no conjunto fechado D, e f(x, y) > 0 ∀(x, y) ∈D.
Tracemos retas paralelas aos eixos coordenados como indica a Figura (1.2), e suponhamos
que r1, r2, r3, · · · , rn sejam retângulos que cubram a região D (uma cobertura de D).
Figura 1.1:
Definição 1.2. Partição de um conjunto.
O conjunto P = { r1, r2, r3, · · · , rn } constitui uma partição da região fechada D.
Definição 1.3. Norma de uma partição.
A norma da partição P denotada ‖P‖ por definição é o comprimento da diagonal maior de
todos os retângulos ri contidos em P.
Seja A(ri) = 4ix4iy a área do i-ésimo retângulo ri ∈ P, e seja (xi, yi) um ponto arbitrário
escolhido noi-ésimo retângulo ri.
A soma de Riemann da função f : D ⊆ R2 −→ R associada à partição P é
m∑
i=1
f(xi, yi)A(ri) =
m∑
i=1
f(xi, yi)4ix4iy
onde f(xi, yi) é a imagem da função para o ponto (xi, yi) ∈ ri, i = 1, 2, 3, · · · , n.
Geometricamente, a soma de Riemann representa o volume do sólido embaixo da superfície
z = f(x, y) como indica a Figura (1.2).
Christian José Quintana Pinedo 3
Figura 1.2:
Definição 1.4.
Seja f : D ⊆ R2 −→ R uma função limitada na região fechada D. Um número L é o limite
da soma de Riemannn∑
i=1
f(xi, yi)A(ri) , se ∀ ε > 0, existe δ > 0 tal que
∣∣∣∣∣
n∑
i=1
f(xi, yi)4ix4iy − L
∣∣∣∣∣< ε
para toda partição P com ||P|| < δ e toda eleição do ponto (xi, yi) ∈ ri, i = 1, 2, 3, · · · , n.
Por equivalência esta definição podemos expressar como
L = lim||P ||→0
n∑
i=1
f(xi, yi)A(ri)
Caso exista o número L, sempre é único.
Em coordenadas cartesianas a integral dupla escreve-se na forma∫
D
∫
f(x, y)dA.
Definição 1.5.
Uma função limitada f : D ⊆ R2 −→ R é integrável sobre a região fechada D, e se escreve
∫
D
∫
f(x, y)dA = lim||P ||→0
n∑
i=1
f(xi, yi)A(ri)
Se f : D ⊆ R2 −→ R é uma função integrável na região fechada D, e f(x, y) > 0, ∀ (x, y) ∈D então a integral dupla
∫
D
∫
f(x, y)dA é igual ao volume do corpo cilíndrico limitado na parte
superior pela superfície z = f(x, y), nas laterais pela superfície cilíndrica cujas geratrizes são
paralelas ao eixo-oz e na parte inferior pelo plano-xy.
Propriedade 1.1.
Se uma função f : D ⊆ R2 −→ R é contínua na região fechada D, então f é integrável.
A demonstração desta propriedade é exercício para o leitor.
4 Cálculo Vetorial e Séries
1.3 Principais propriedades da integral dupla
Se a função f(x, y) é contínua na região fechada D, o limite da soma integral existe e não
depende do procedimento da divisão da região D em regiões elementares e da seleção dos pontos
em P .
Suponhamos f : D ⊆ R2 −→ R uma função integrável na região fechada D, e seja C uma
constante, então C.f é integrável e:
1. Homogeneidade:∫
D
∫
C · f(x, y)dA = C ·∫
D
∫
f(x, y)dA.
2. Linearidade:∫
D
∫
[f(x, y) + g(x, y)]dA =
∫
D
∫
f(x, y)dA+
∫
D
∫
g(x, y)dA.
3. Linearidade: Se f(x, y) = f1(x, y) + f2(x, y) + f3(x, y) + · · · + fn(x, y), então
∫
D
∫
f(x, y)dA =
∫
D
∫
f1(x, y)dA+
∫
D
∫
f2(x, y)dA+
∫
D
∫
f3(x, y)dA+· · ·+∫
D
∫
fn(x, y)dA
4. Aditividade: Se D = D1 ∪D2 ∪D3 + · · · ∪Dn tais que Di ∩Dj = ∅ se i 6= j e f(x, y) é
integrável sobre cada uma das regiões, então
∫
D
∫
f(x, y)dA =
∫
D1
∫
f(x, y)dA+
∫
D2
∫
f(x, y)dA+
∫
D3
∫
f(x, y)dA+· · ·+∫
Dn
∫
f(x, y)dA
5. Se g(x, y) é integrável em D, tal que g(x, y) ≤ f(x, y), ∀ (x, y) ∈ D, então
∫
D
∫
g(x, y)dA ≤∫
D
∫
f(x, y)dA
6. Se m ≤ f(x, y) ≤M, ∀ (x, y) ∈ D então para A(D) área da região D, tem-se:
m.A(D) ≤∫
D
∫
f(x, y)dA ≤M.A(D)
7. Sendo f(x, y) integrável em D, ela pode ser descontínua num número finito de pontos em
D com “medida” nula. Suponhamos que f(x, y) seja contínua em D, logo existirá um
(x0, y0) ∈ D tal que:∫
D
∫
f(x, y)dA = f(x0, y0)
∫
D
∫
dA
8. Da média: Se m ≤ f(x, y) ≤ M, ∀ (x, y) ∈ D, e g(x, y) conservar seu sinal em D, então
para certo (x0, y0) ∈ D tem-se
∫
D
∫
f(x, y)g(x, y)dA = f(x0, y0)
∫
D
∫
g(x, y)dA
Christian José Quintana Pinedo 5
9. Em geral;
∣∣∣∣∣∣
∫
D
∫
f(x, y)dA
∣∣∣∣∣∣
≤∫
D
∫
|f(x, y)|dA
Todas estas propriedades se demonstram como seus similares para funções de uma variável.
Propriedade 1.2. Darboux.
Toda função limitada f(x, y) é integrável por falta ou por excesso num domínio finito1.
A demonstração desta propriedade é exercício para o leitor.
Exemplo 1.1.
Determine m e M da propriedade acima descrita para a seguinte integral:
∫
D
∫
(x2 + y2)dA
onde D está limitada pelas retas x = −2, x = 3, y = x+ 2, y = −2.
Solução.
Observe que D = { (x, y) /. − 2 ≤ x ≤ 3, −2 ≤ y ≤ x+ 2 } e f(x, y) = x2 + y2.
Aplicando critérios de máximos e mínimos absolutos para funções de várias variáveis tem-se
que m = f(0, 0) = 0 é mínimo absoluto, e M = f(3, 5) = 34 = M é máximo absoluto de f na
restrição D. A área do trapézio D é A(D) = 22, 5.
Portanto, 0 ≤∫
D
∫
(x2 + y2)dA ≤ 34(22, 5)
Exemplo 1.2.
Idem ao exercício anterior para a integral∫
D
∫1
x2 + y2 + 1)dA, onde D é a região limitada
pela fronteira da elipse 4x2 + 9y2 = 36.
Solução.
Tem-se que D = { (x, y) /. − 1
3
√36 − 4x2 ≤ y ≤ 1
3
√36 − 4x2 }
Como f(x, y) =1
x2 + y2 + 1então de 1 ≤ 1+x2 +y2 segue que f(x, y) ≤ 1, assim o máximo
absoluto acontece em (0, 0) e f(0, 0) = 1 = M .
O valor de mínimo absoluto acontece em (0, 3) e f(0, 3) =1
3= m. Por outro lado, sabemos
que a área de qualquer elipse da forma b2x2 + a2y2 = a2b2 é πab, assim A(D) = (2)(3)π = 6π.
Portanto,6π
10≤∫
D
∫dA
x2 + y2 + 1≤ 6π.
Em geral, uma integral dupla equivale a duas integrações simples sucessivas, uma em relação
a cada variável.
Teorema 1.1. do Valor médio.
1Dizemos que um domínio D ⊂ Rn é finito, se D for limitado.
6 Cálculo Vetorial e Séries
Suponhamos que f : D ⊂ R2 −→ R seja contínua em D, então existe (x0, y0) ∈ D onde
∫
D
∫
f(x, y)dA = f(x0, y0)
∫
D
∫
1.dA = f(x0, y0)A(D)
onde A(D) é a área da região D.
Demonstrar este teorema com rigor, requer alguns resultados sobre continuidade ainda não
estudados neste livro, porém podemos esboçar algumas idéias.
Como f é contínua em D, então existe um valor de máximo M e um valor de mínimo m para
f em D, isto é m ≤ f(x, y) ≤M, ∀ (x, y) ∈ D. Logo
∫
D
∫
mdA ≤∫
D
∫
f(x, y)dA ≤M
∫
D
∫
MdA ⇒ m ≤ 1
A(D)
∫
D
∫
f(x, y)dA ≤M
Como f é função definida em D e toma todos seus valores entre o mínimo m e o máximo M 2
então existe (x0, y0) ∈ D tal que f(x0, y0) =1
A(D)
∫
D
∫
f(x, y)dA
1.4 Regras de cálculo das integrais duplas
Até o momento foi vista a integrabilidade de uma grande variedade de funções. ainda não
foi estabelecida rigorosamente um método geral para calcular tais integrais. No caso de uma
variável, evitamos ter que calcular
b∫
a
f(x)dx a partir de sua definição como limite de uma soma,
mediante o uso do teorema fundamental do cálculo integral.
Lembre que este importante teorema diz que se f é contínua em [a, b] então
b∫
a
f(x)dx = F (b) − F (a)
onde F é uma antiderivada de f . isto é F ′(x) = f(x).
Esta técnica em geral não é válida para funções de várias variáveis.
No plano-xy distingue-se três tipos principais de regiões da integração.
1. Seja F : D ⊂ R2 −→ R uma função contínua sobre o retângulo D, onde
D = { (x, y) ∈ R2 /. a ≤ x ≤ b, c ≤ y ≤ d }
Fixando a variável y em [c, d], a função F depende só da variável x, logo F (x, y) é função
2Este é o teorema do valor intermédio.
Christian José Quintana Pinedo 7
de uma variável contínua em [a, b]. Logo está bem definido
A(y) =
b∫
a
F (x, y)dx, c ≤ y ≤ d
é a área da região de interseção do plano Y = y com o sólido (Figura (1.3)).
Pelo método de área de seções planas o volume do sólido é
V =
d∫
c
A(y)dy =
d∫
c
(b∫
a
F (x, y)dx)
dy (1.1)
Figura 1.3: Figura 1.4:
de modo análogo, fixando a variável x tem-se que F (x, y) é função contínua de variável y
em [a, b]. Assim, está bem definido
A(x) =
d∫
c
F (x, y)dy, a ≤ x ≤ b
é a área da região de interseção do plano X = x com o sólido (Figura (1.4)).
Portanto, o volume do sólido é
V =
b∫
a
A(x)dx =
b∫
a
(d∫
c
F (x, y)dy)
dx (1.2)
2. A região de integração D está limitada pelo lado esquerdo e direito pelas retas x = a e x = b
respectivamente, na parte superior pela curva y = f(x), e na parte inferior pela curva
y = g(x) e cada uma de elas se intercepta com a reta vertical somente num ponto (Figura
(1.5).
8 Cálculo Vetorial e Séries
Para uma região assim defina integral dupla é calculada pela fórmula:
∫
D
∫
F (x, y)dA =
b∫
a
f(x)∫
g(x)
F (x, y)dydx
onde primeiramente calcula-se a integral
f(x)∫
g(x)
F (x, y)dy e na qual x é considerada constante.
Figura 1.5: Figura 1.6:
3. Para o caso a região integração D estivesse limitada na parte superior e inferior pelas retas
y = d e y = c , c < d e pelas linhas curvas x = g(y) e x = f(y) onde (g(y) < f(y)) cada
uma das quais se intercepta pela reta horizontal num ponto (Figura (1.6)), então
∫
D
∫
F (x, y)dA =
d∫
c
f(y)∫
g(y)
F (x, y)dxdy
onde primeiramente calcula-se a integral
f(y)∫
g(y)
F (x, y)dx e na qual y é considerada constante.
Definição 1.6.
As integrais (1.1) e (1.2) são chamadas de “integrais iteradas”de f e satisfaz:
V =
b∫
a
(d∫
c
f(x, y)dy)
dx =
b∫
a
d∫
c
f(x, y)dydx
V =
d∫
c
(b∫
a
f(x, y)dx)
dy =
d∫
c
b∫
a
f(x, y)dxdy
V =
b∫
a
d∫
c
f(x, y)dydx =
d∫
c
b∫
a
f(x, y)dxdy
Christian José Quintana Pinedo 9
Assim, num domínio retangular pode-se invertir a ordem das integrações sem qualquer
atenção aos limites de integração. E verificamos que cumpre o seguinte teorema
Teorema 1.2. de Fubini3.
Seja f uma função contínua com domínio em D = [a, b] × [c, d], então
∫
D
∫
f(x, y)dydx =
b∫
a
d∫
c
f(x, y)dydx =
d∫
c
b∫
a
f(x, y)dxdy
A demonstração é exercício para o leitor.
Exemplo 1.3.
Calcular I =
∫
D
∫
xLnydxdy onde D é o retângulo 0 ≤ x ≤ 4, 1 ≤ y ≤ e.
Solução.
Observe que:
I =
∫
D
∫
xLnydA =
e∫
1
4∫
0
xLnydx
dy = (1.3)
Para calcular
4∫
0
xLnydx tratamos y como se for constante e integramos respeito a x para
obter4∫
0
xLnydx =1
2x2Lny
∣∣∣
4
0= 8Lny
Substituindo em (1.3)
I =
∫
D
∫
xLnydA =
e∫
1
4∫
0
xLnydx
dy =
e∫
1
8Lnydy = 8(y ln y − y)∣∣∣
e
1= 8
De modo análogo, mostra-se que:
∫
D
∫
xLnydA =
4∫
0
e∫
1
xLnydydx =
4∫
0
x(yLny − y)∣∣∣
e
1dx =
x2
2(e− e+ 1)
∣∣∣
4
0= 8
Pelas regras acima descritas, numa integral dupla, a ordem das integrações podem ser inver-
tidas, mudando convenientemente os limites de integração, como mostra o seguinte exemplo.
Exemplo 1.4.
Calcular a integral
1∫
0
1∫
y
tan(x2)dxdy.
Solução.3Guido Fubini, nascido na Itália 1879 − 1943, provou um resultado bem geral sobre integral em 1907, porém
Cauchy e seus contemporaneos sabiam que se cumpria a igualdade para funções contínuas
10 Cálculo Vetorial e Séries
Para o cálculo de
1∫
y
tan(x2)dx não existe fórmula de integração, de modo que devemos mudar
a ordem de integração.
Tem-se que D = { (x, y) ∈ R2 /. 0 ≤ y ≤ 1, y ≤ x ≤ 1 } então
1∫
0
1∫
y
tan(x2)dxdy =
1∫
0
x∫
0
tan(x2)dydy =
1∫
0
x · tan(x2)dx =1
2Ln(sec 1)
Exemplo 1.5.
Seja f(x, y) = x2‘ + y2 e seja D = [−1, 1] × [1, 1] calcular a integral∫
D
∫
f(x, y)dxdy.
Solução.
Pelas regras de integração
∫
D
∫
f(x, y)dxdy =
1∫
0
1∫
−1
(x2 + y2)dxdy =
1∫
0
1
3x3 + xy2
∣∣∣
1
−1dy =
=
1∫
0
(2
3+ 2y2)dy =
2
3[y + y3]
∣∣∣
1
0=
4
3⇒ I =
4
3
1.4.1 Integrais duplas generalizadas
Apresentam-se dois casos.
Primeiro caso: Quando a função F (x, y) for infinita em uma determinada “ linha” em D.
Neste caso circunda-se esta “ linha” pelas linhas paralelas bastante próximas LL1, o que
dará um novo domínio D1 no qual tem significado a integral dupla como mostra a Figura
(1.7). A integral dupla sobre D será definida agora pelo limite
∫
D
∫
F (x, y)dA = limD1→D
∫
D1
∫
F (x, y)dA (1.4)
Figura 1.7: Domínio limitado Figura 1.8: Domínio ilimitado
Christian José Quintana Pinedo 11
Todo fica simplificado, quando as paralelas LL1 forem paralelas a um dos eixos. Por exemplo
se as paralelas forem paralelas ao eixo-y, onde a ≤ x ≤ b com F (c, y) infinito, então a igualdade
(1.4) podemos escrever:
∫
D
∫
F (x, y)dA = limε→0
c−ε∫
a
f(x)∫
g(x)
F (x, y)dA+ limε→0
b∫
c+ε
f(x)∫
g(x)
F (x, y)dA
Segundo caso: Quando o domínio D for ilimitado. Neste caso poderíamos, por meio de par-
alelas a um dos eixos, ou aos dois, determinar um domínio limitado D1 (por exemplo
D1 = { (x, y) ∈ R2 /. a ≤ x ≤ c, f(x) ≤ y ≤ g(x) }) como indica a Figura (??).
Depois poderiamos afastar estas paralelas a fim de restabelecer o domínio D.
Definimos a integral dupla em D pelo limite, suposto existente
∫
D
∫
F (x, y)dA = limD′→∞
∫
D′
∫
F (x, y)dA
Quando a região de integração for D, for o primeiro quadrante do plano-xy (ou o plano
tudo) o cálculo da integral fica na forma:
∫
D
∫
F (x, y)dA = limn→∞
n∫
−n
n∫
−n
F (x, y)dxdy primeiro quadrante
∫
D
∫
F (x, y)dA = limn→∞
n∫
0
n∫
0
F (x, y)dxdy plano tudo
Exemplo 1.6.
Calcular a integral I =
∞∫
0
∞∫
x
e−y2dydx.
Solução.
Calcular de início em relação a y é impossível determinar essa integral por métodos ele-
mentares. Mudando a ordem de integração resulta
I =
∞∫
0
y∫
0
e−y2dxdy =
∞∫
0
ye−y2dy = −1
2[ limm→∞
e−m2 − 1] =
1
2
Portanto, I =
∞∫
0
∞∫
x
e−y2dydx =
1
2.
Exemplo 1.7.
Calcular∫
D
∫1
1 − x2 − y2dydx, onde D é o disco unitário x2 + y2 ≤ 1.
Solução.
12 Cálculo Vetorial e Séries
Observe que D = { (x, y) ∈ R2 /. − 1 ≤ x ≤ 1, −√
1 − x2 ≤ y ≤√
1 − x2 }.Como a fronteira de D é o conjunto de pontos x2 + y2 = 1, a função a integrar não está
definida nestes pontos de fronteira. pois nestes pontos o denominador é zero.
Calculemos esta integral iterada imprópria.
1∫
−1
√1−x2∫
√1−x2
1
1 − x2 − y2dydx =
1∫
−1
[
arcsen] ∣∣∣
√1−x2
√1−x2
=
=
1∫
−1
[arcsen(1) − arcsen(−1)]dx = π
1∫
−1
1.dx = 2π
Exemplo 1.8.
Sejam f(x, y) =1
x− ye D = { (x, y) ∈ R2 /. 0 ≤ x ≤ 1, 0 ≤ y ≤ x }. Calcular a
integral de f sobre D.
Solução.
Tem-se
∫
D
∫1
x− ydydx =
1∫
0
x∫
0
1
x− ydydx =
1∫
0
Ln(x− y)∣∣∣
x
0dx = −
1∫
0
[
limm→x
Ln(x−m) − Lnx]
dx
= −1∫
0
[−∞− Lnx]dx = +∞ + (xLnx− x)∣∣∣
1
0= +∞− 1 − lim
k→0(k ln k − k) = +∞− 1 + ∞
Portanto f não é integrável em D.
Christian José Quintana Pinedo 13
Exercícios 1-1
1. Calcular∫
D
∫y2
x2 + 1dydx onde a região D = { (x, y) ∈ R2 /. 0 ≤ x ≤ y ≤ 1 }.
2. Calcular as seguintes integrais:
1.
π/2∫
−π/2
cos θ∫
0
r2sen2θdrdθ 2.
2∫
1
x2∫
0
ey/xdydx 3.
4∫
3
2∫
1
dydx
(x+ y)2
4.
2π∫
0
a∫
0
y · cos2 xdydx 5.
3∫
1
x∫
x2
(x− y)dydx 6.
2∫
1
2x∫
0
xy3dydx
7.
1∫
0
1∫
0
(x− y)dydx 8.
1∫
0
y∫
y2
√
x/ydxdy 9.
1∫
0
y2∫
0
ex/ydxdy
10.
π/3∫
0
senx∫
1/2
(1 +1
√
1 − y2)dydx 11.
2∫
0
3ex2
∫
√4−x2
xdydx 12.
1∫
0
3x∫
2x
ex+ydydx
13.
3∫
−3
√9−x2∫
0
√
x2 + y2dydx 14.
√π∫
0
√π∫
y
cos(x2)dxdy 15.
π/2∫
0
y∫
−y
senxdxdy
3. Mudar a ordem de integração das seguintes integrais:
1.
1∫
−1
1−x2∫
−√
1−x2
f(x, y)dydx 2.
2∫
−6
2−x∫
x2
4−1
f(x, y)dydx 3.
e∫
1
Lnx∫
0
f(x, y)dydx
4.
1∫
0
x∫
0
f(x, y)dydx 5.
1∫
0
1+√
1−y2∫
2−y
f(x, y)dxdy 6.
1∫
0
√1−x2∫
(1−x)2
2
f(x, y)dydx
7.
π∫
0
senx∫
0
f(x, y)dydx 8.
2π∫
0
a∫
0
f(x, y)dydx 9.
2π∫
0
a∫
0
f(x, y)dydx
10.
1∫
0
y+2∫
y2
f(x, y)dxdy 11.
1∫
0
1−y∫
−√1−y 2
f(x, y)dxdy 12.
4. Dada a região D, decomponha∫
D
∫
f(x, y)dA nas duas possíveis ordens de integração.
1. D é a região limitada pelas curvas x2 − y2 = 1, 3x = 2y2.
2. D é a região que não contêm a origem e é limitada pelas curvas x2−y2 = 1, x2 +
y2 = 9.
14 Cálculo Vetorial e Séries
5. Calcular as seguintes integrais pela inversão da ordem de integração.
1.
1∫
0
1∫
y
e−3x2dxdy 2.
4∫
0
2∫
√x
nseny3dydx 3.
1∫
0
arccosx∫
0
esenydydx
6. Mostrar que:
1.1
e≤ 1
4π2
π∫
−π
π∫
−π
esen(x+y)dA ≤ e 2.1
2(1 − cos 1) ≤
1∫
0
1∫
0
senx
1 + (xy)4dxdy ≤ 1
3. 1 ≤1∫
−1
1∫
−1
dxdy
x2 + y2 + 1≤ 6 4.
1
6≤∫
D
∫dA
y − x+ 3≤ 1
4
onde D é o triângulo de vértices (0, 0), (1, 1), (1, 0)
7. Calcular as integrais caso existam.
1.∫
D
∫1√xydA, onde D = { (x, y) ∈ R2 /. 0 ≤ x ≤ 1, 0 ≤ y ≤ 1 }
2.∫
D
∫1
√
|x− y|dxdy, onde D = { (x, y) ∈ R2 /. 0 ≤ x ≤ 1, 0 ≤ y ≤ 1 }
3.∫
D
∫y
xdxdy, onde D = { (x, y) ∈ R2 /. 0 ≤ x ≤ 1,
x
2≤ y ≤ x }
4.∫
D
∫
lnxdxdy, onde D = { (x, y) ∈ R2 /. 0 ≤ x ≤ 1, 0 ≤ y ≤ y }
8. Calcular as seguintes integrais generalizadas:
1.
∞∫
−∞
∞∫
−∞
dxdy
1 + x2 + y22.
∞∫
−∞
∞∫
−∞
dxdy3√
(1 + x2 + y2)23.
∞∫
0
∞∫
−∞
dxdy
(a2 + x2 + y2)2
4.
∞∫
−∞
∞∫
−∞
e−|x|−|y|dxdy 5.
∞∫
0
∞∫
0
(x+ y)e−(x+y)dxdy 6.
∞∫
0
∞∫
0
xye−x2−y2dxdy
Respostas: 1. (3.) 42; (4.) 1/3 ;(5.) 1/5 ; (6.) 1/2 (7.) ;(8.)3
2e4 − 25
6; (9.)
1
4e4 − 1
3e3 +
1
122. (10.) 9π; (11.) 0;
Christian José Quintana Pinedo 15
1.5 Cálculo de áreas e volumes com integração dupla
1. Se F : D ⊂ R2 −→ R é uma função contínua na região fechada D, então
V =
∫
D
∫
F (x, y)dA
é a medida do volume do sólido limitado pela fronteira de D (geratrizes paralelas respeito
algúm dos eixos de coordenadas) , pela superfície F (x, y) tendo como base a região D no
plano de coordenadas.
2. Seja S uma região fechada no plano-xy e F : S ⊂ R2 −→ R é uma função contínua tal que
F (x, y) = 1, ∀ (x, y) ∈ S, então a área da região s tem como medida
A(S) =
∫
S
∫
1 · dA
Exemplo 1.9.
Determine a área da região plana que se encontra no primeiro quadrante e está limitado pelo
círculo x2 + y2 = 18 e a parábola y2 = 3x.
Solução.
Figura 1.9:
A região D está representada na Figura (1.9) e sua área está
dada por
A(D) =
3∫
0
√18−y2∫
x3
1.dxdy =6 + 9π
4
unidades quadradas.
Exemplo 1.10.
Determinar o volume da região limitada pelo plano-xy, o
plano x+ y + z = 2, e o cilindro parabólico y = x2.
Tem-se que D = { (x, y) ∈ R2 /. − 2 ≤ x ≤ 1, x2 ≤ y ≤ 2 − x }. O volume V do sólido
está limitado na base por D, nas laterais pela fronteira de D e na parte superior pelo plano
z = 2 − x− y.
V =
∫
D
∫
(2 − x− y)dA =
1∫
−2
2−x∫
x2
(2 − x− y)dydx =81
20
Exemplo 1.11.
Determine o volume V da superfície f(x, y) = xy limitada na base pelo plano-xy tendo como
geratriz a fronteira da região D = { (x, y) ∈ R2 /. (x− 2)2 + (y − 2)2 = 4 } .
Solução.
16 Cálculo Vetorial e Séries
Considerando a integração primeiro em relação a y a variável x será tratada coo constante,
mas y só poderá ter a variação
2 −√
4x− x2 ≤ y ≤ 2 +√
4x− x2, 0 ≤ x ≤ 4
assim
V =
4∫
0
2+√
4x−x2∫
2−√
4x−x2
xydydx =
4∫
0
[1
2xy2
] ∣∣∣
2+√
4x−x2
2−√
4x−x2dx = 4
4∫
0
x√
4x− x2dx =
=
[4
3(x2 − x− 6)
√
4x− x2 + 16arcsenx− 2
2
] ∣∣∣
4
0= 16π
Portanto, o volume V = 16π.
1.6 Mudança de variável em integrais duplas
Suponhamos temos uma transformação ϕ : R2 −→ R2 de classe C1 definida por ϕ(u, v) =
(5u−u2, 2v), observe que a região D = [0, 1]× [0, 1] é transformada na região D1 = [0, 4]× [0, 2],
evidentemente a área A(D) = 1 e A(D1) = 8.
Podemos imaginar que, se x = x(u, v) e y = y(u, v) então é válida a igualdade
∫
D
∫
f(x, y)dxdy =
∫
D1
∫
f(x(u, v), y(u, v))dudv
onde f ◦ T (u, v) = f(x(u, v), y(u, v)) é a função composta definida em D1.
Porém quando f(x, y) = 1 teríamos
1 = A(D) =
∫
D
∫
1.dxdy =
∫
D1
∫
1.dudv = A(D1) = 8
isto é um absurdo!
O que estamos precisando para superar este impasse, é uma ferramenta que permita retificar
essa medida na transformação. O determinante jacobiano é a mais indicado e assim definida.
1.6.1 Jacobiano de uma função de n variáveis
Definição 1.7.
Seja ϕ : U ⊂ R2 −→ R2 uma transformação na classe C1 dada por x = x(u, v), y = y(u, v).
O Jacobiano de ϕ, se escreve∂(x, y)
∂(u, v)ou J(u, v), é o determinante da matriz derivada dϕ(x, y)
de ϕ.
∂(x, y)
∂(u, v)=
∣∣∣∣∣∣∣
∂x
∂u
∂x
∂v∂y
∂u
∂y
∂v
∣∣∣∣∣∣∣
Christian José Quintana Pinedo 17
• Para o caso particular da transformação x = x(u, v), y = y(u, v) tem-se:
∂(x, y)
∂(u, v)= J(u, v) = mod
∣∣∣∣∣∣∣
∂x
∂u
∂x
∂v∂y
∂u
∂y
∂v
∣∣∣∣∣∣∣
então ∫
D
∫
f(x, y)dA =
∫
D1
∫
f(x(u, v), y(u, v))J(u, v)dudv
• Para o caso particular da transformação x = rsenθ, y = r cos θ, r > 0 tem-se:
∂(x, y)
∂(r, θ)= J(r, θ) = mod
∣∣∣∣∣∣∣
∂x
∂r
∂x
∂θ∂y
∂r
∂y
∂θ
∣∣∣∣∣∣∣
= r
Este conceito do Jacobiano, pode ser estendida a funções de várias variáveis.
Definição 1.8.
Seja f : D ⊂ Rn −→ R uma função definida no conjunto fechado D.
Suponhamos que ϕ : U ⊂ Rn −→ Rn função contínua, diferenciável e injetora no conjunto
aberto U . Se S é um conjunto fechado contido em U tal que D é a imagem de ϕ em S, isto é:
ϕ(S) = D = { (x1, x2, x3, · · · , xn) ∈ Rn /. (x1, x2, x3, · · · , xn) = ϕ(y1, y2, y3, · · · , yn) =
= (ϕ1(y1, y2, y3, · · · , yn), ϕ2(y1, y2, y3, · · · , yn), · · · , ϕn(y1, y2, y3, · · · , yn), }
Então
(f ◦ ϕ)(x1, x2, x3, · · · , xn) = f(ϕ(y1, y2, y3, · · · , yn)) · J(y1, y2, y3, · · · , yn)
onde J(y1, y2, y3, · · · , yn) é o Jacobiano da transformação ϕ definida por:
∂(x1, x2, x3, · · · , xn)∂(y1, y2, y3, · · · , yn)
= J(y1, y2, y3, · · · , yn) =
∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣
∂ϕ1
∂y1
∂ϕ1
∂y2· · · ∂ϕ1
∂yn∂ϕ2
∂y1
∂ϕ2
∂y2· · · ∂ϕn
∂y2...
... · · · ...∂ϕn∂y1
∂ϕ2
∂yn· · · ∂ϕn
∂yn
∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣
Teorema 1.3. Mudança de variáveis.
Sejam D e D∗ regiões elementares do plano. e seja ϕ : D∗ −→ D transformação de classe
C1, supor que ϕ seja injetora em D∗ e ϕ(D∗) = D. Então para qualquer função integrável
f : D ⊂ R −→ R tem-se
∫
D
∫
f(x, y)dxdy =
∫
D∗
∫
f(x(u, v), y(u, v))
∣∣∣∣
∂(x, y)
∂(u, v)
∣∣∣∣dudv
18 Cálculo Vetorial e Séries
A demonstração é exercício para o leitor.
Exemplo 1.12.
Seja o paralelogramo limitado por y = 2x, y = 2x− 2, y = x e y = x+ 1. Apresentar
a integral∫
D
∫
xy · dxdy mediante a mudança de variáveis x = u− v, y = 2u− v.
Solução.
A transformação é injetora e está desenhada na Figura (1.10), de modo que transforma o
retângulo D∗ limitado por v = 0, v = −2, u = 0 e u = 1 sobre D.
Figura 1.10: Transformação linear ϕ
O Jacobiano
∣∣∣∣
∂(x, y)
∂(u, v)
∣∣∣∣=
∣∣∣∣∣det
(
1 −1
2 1
)∣∣∣∣∣= 1. Assim
∫
D
∫
xy · dxdy =
∫
D∗
∫
(u− v)(2u− v) · dudv =
0∫
−2
1∫
0
(2u2 − 3vu+ v2) · dudv
Exemplo 1.13.
Calcular I =
∫
D
∫
e−(x2+y2)dA, onde D é a região do primeiro quadrante limitado pelo círculo
x2 + y2 ≤ a2 e os eixos coordenados.
Solução.
Um dos propósitos do Teorema (1.3) é proporcionar um método mediante o qual seja possível
simplificar os cálculos de algumas integrais duplas.
Exemplo 1.14.
Calcular I =
∫
D
∫
e−(x2+y2)dA, onde D é a região do primeiro quadrante limitado pelo círculo
x2 + y2 ≤ a2 e os eixos coordenados.
Solução.
Considerando a transformação x = r cos θ, y = rsenθ onde 0 ≤ r ≤ a, 0 ≤ θ ≤ π
2, então
I =
∫
D
∫
e−(x2+y2)dA =
π/2∫
0
a∫
0
e−r2rdrdθ =
π
4(1 − e−a
2)
Christian José Quintana Pinedo 19
Exemplo 1.15.
Calcular a integral∫
D
∫ √
1 − x2
a2− y2
b2onde D é a região limitada pela elipse
x2
a2+y2
b2= 1.
Solução.
A forma do integrando e a natureza da região sugere que x = a.u cos v, y = b.usenv. Então
0 ≤ u ≤ 1, 0 ≤ v ≤ 2π
∂(x, y)
∂(u, v)=
∣∣∣∣∣
a cos v −a.usenvb.senv b.u cos v
∣∣∣∣∣= abu(cos2 v + sen2v) = abu
Portanto, I =
∫
D
∫ √
1 − x2
a2− y2
b2=
2π∫
0
1∫
0
√
1 − u2abududv =2
3abπ.
Exemplo 1.16.
Achar a área da região no primeiro quadrante do plano-xy limitada pelas curvas x+ 2y2 =
1, x2 + 2y2 = 4, y = 2x, y = 5.
Solução.
Fazendo a transformação u = x2 + 2y2, v =y
x, tem-se que a região do plano-xy fica
transformada num retângulo no plano-uv, onde 1 ≤ u ≤ 4, 2 ≤ v ≤ 5.
O Jacobiano é determinado assim:
∂(u, v)
∂(x, y)=
∣∣∣∣∣∣∣
∂u
∂x
∂u
∂y∂v
∂x
∂v
∂y
∣∣∣∣∣∣∣
=
∣∣∣∣∣∣
2x 4y
− y
x2
1
x
∣∣∣∣∣∣
= 2 +4y2
x2
de onde J(u, v) =∂(x, y)
∂(u, v)=
1
2 +4y2
x2
=1
2(1 + 2v2), logo a área pedida é:
A =
∫
D
∫
1.dA =
5∫
2
4∫
1
dudv
2(1 + 2v2)=
3√
2
4arctan(
√2
3)
1.7 Integrais duplas en coordenadas polares
Seja D ⊂ R2 uma região limitada pelas retas θ = α, θ = β e pelas circunferências r = a e
r = b.
Uma partição P da região D obtém-se traçando retas através do pólo e circunferências com
centros no pólo, obtendo assim uma rede de regiões chamadas retângulos curvados.
A norma da partição denotada ||P || é o comprimento da diagonal maior dos n retângulos
curvados. A área do i-ésimo retângulo curvado é igual à diferença das áreas dos setores circulares.
4iA =1
2r2i (θi − θi−1 −
1
2r2i−1(θi − θi−1) =
20 Cálculo Vetorial e Séries
=1
2(ri − ri−1)(ri + ri−1)(θi − θi−1)
Figura 1.11: Coordenadas
polares
Considerando ri =1
2(ri− ri−1), 4ir = (ri + ri−1),4iθ =
θi − θi−1 tem-se 4iA = ri · 4ir · 4iθ.
seja f : D ⊂ R2 −→ R função contínua e (ri, θi) um ponto
na i-ésima subregião de D com θi−1 ≤ θ ≤ θi. A soma de
Riemann associada a f é dada por
n∑
f(ri, θi)4iA =n∑
i=1
f(ri, θi)ri · 4ir · 4iθ
A integral dupla em coordenadas polares é dada por
∫
D
∫
f(r, θ)dA = lim||P ||→0
n∑
i=1
f(ri, θi)ri.4ir.4iθ =
∫
D
∫
f(r, θ)r.drdθ
Observação 1.1.
O volume do sólido que tem como base a região D no plano de coordenada polar, e que esta
limitado superiormente pela superfície z = f(r, θ) onde f : D ⊂ R2 −→ R é função contínua
sobre D com f(r, θ) ≥ 0 em D é:
V =
∫
D
∫
f(r, θ)r.drdθ
1.7.1 Integrais iteradas em coordenadas polares
1. Seja D = { (r, θ) /. α ≤ θ ≤ β, ϕ1(θ) ≤ r ≤ ϕ2(θ) } região polar no plano polar, e
f : D ⊂ R2 −→ R função contínua sobre D como mostra a Figura (1.12). Então
∫
D
∫
f(r, θ)dA =
β∫
α
ϕ2(θ)∫
ϕ1(θ)
f(r, θ)r.drdθ
Figura 1.12: Figura 1.13:
2. Seja D = { (r, θ) /. a ≤ r ≤ b, ψ1(r) ≤ θ ≤ ψ2(r) } região polar no plano polar, e
Christian José Quintana Pinedo 21
f : D ⊂ R2 −→ R função contínua sobre D como mostra a Figura (1.13). Então
∫
D
∫
f(r, θ)dA =
b∫
a
ψ2(r)∫
ψ1(r)
f(r, θ)r.dθdr
Exemplo 1.17.
Calcular I =
∫
D
∫
e−(x2+y2)dA, onde D é a região do primeiro quadrante limitado pelos eixos
coordenados.
Solução.
Seja a transformação x = r cos θ, y = rsenθ onde 0 ≤ r < +∞, 0 ≤ θ ≤ π
2, então
I =
∫
D
∫
e−(x2+y2)dA =
π/2∫
0
+∞∫
0
e−r2rdrdθ =
π/2∫
0
dθ =π
4
Exemplo 1.18.
Calcular I =
2∫
−2
2+√
4−x2∫
2−√
4−x2
√
16 − x2 − y2dydx.
Solução.
Tem-se que a região de integração é
D = { (x, y) ∈ R2 /. − 2 ≤ x ≤ 2, 2 −√
4 − x2 ≤ y ≤ 2 +√
4 − x2 }
A região D é o disco no plano-xy, o centro da figura circular é (0, 2) e raio r = 2. A função
f(x, y) =√
16 − x2 − y2 é a semi-esfera de centro (0, 0, 0) e raio 4, esta superfície é simétrica
respeito do eixo-z.
Assim, 0 ≤ θ ≤ π, para obter a variação de r substituimos na equação do disco 0 ≤ x2 +(y−2)2 ≤ 22 para obter 0 ≤ r ≤ 4senθ. Logo
I =
2∫
−2
2+√
4−x2∫
2−√
4−x2
√
16 − x2 − y2dydx = 2
2∫
0
2+√
4−x2∫
2−√
4−x2
√
16 − x2 − y2dydx =
= 2
π/2∫
0
4senθ∫
0
√
16 − r2rdrdθ =64(3π − 4)
9
Portanto, I =64(3π − 4)
9.
Exemplo 1.19.
Determine o volume do sólido S limitado pelo cilindro x2 + y2 = 4, e o hiperboloide x2 +
y2 − z2 = 1.
22 Cálculo Vetorial e Séries
Solução.
Figura 1.14:
A Figura (1.14) mostra o volume a calcular, a medida
desse sólido é:
V =
∫
D
∫
[√
x2 + y2 − 1 − (−√
x2 + y2 − 1)]dA
Em coordenadas polares tem-se
V =
2π∫
0
2∫
1
2√
r2 − 1rdrdθ = 4√
3
Christian José Quintana Pinedo 23
Exercícios 1-2
1. Calcular a área da região D limitada pelas curvas dadas.
1. y2 = x, x− y = 2 2. y = |x|, 4y = 4x2 + 1
3. D = { (x, y) ∈ R2 / 0 ≤ x ≤ π
3, senx ≤ y ≤ sec2 x }
4. D = { (x, y) ∈ R2 /1
24√y ≤ x ≤ 1
1 + y2, 0 ≤ y ≤
√3
3}
5. D = { (x, y) ∈ R2 / (x2 + y2)2 = 2ax3 }6. D = { (x, y) ∈ R2 / (x2 + y2)3 = x4 + y4 }7. D = { (x, y) ∈ R2 / (x2 + y2)2 = 2a2(x2 − y2) }
2. Um sólido está limitado pelas superfícies y2 + z2 = 4ax, x = 3a, e está situado no interior
de y2 = ax. Achar seu volume.
3. Utilizar coordenadas polares para calcular as seguintes integrais.
1.∫
D
∫
ex2+y2dxdy D = { (x, y) ∈ R2 /. x2 + y2 ≤ 1 }
2.∫
D
∫dxdy
2 − x2 − y2D = { (x, y) ∈ R2 /. x2 + y2 ≤ 1 }
3.
4∫
−4
√16−x2∫
−√
16−x2
e−x2−y2dxdy 4.
a∫
0
a∫
y
√
a2 − x2dxdy
4. Utilizar integral dupla para calcular a área das regiões limitadas pelas curvas |x| = y2 e
2|x| = y2 + 4.
5. Calcular a área da região D = { (x, y) ∈ R2 /. 2 ≤ x2 + y2 ≤ 4, y ≥ 1 }.
6. Determine a área da região plana do primeiro quadrante, limitada pelo eixo-x, a circunfe-
rência x2 + y2 = 18 e a parábola y2 = 3x.
7. Mediante integrais duplas, determine a área de um círculo de raio r.
8. Determine a área da região limitada pela curva y = |x2−2x−3| e as retas y+1 = 0, x−1 = 0
e x = 4.
9. Calcular a área da região D = { (x, y) ∈ R2 /. x2 + (y − 1)2 ≤ 1, x2 + y2 ≥ 1 }.
10. Para cada um dos seguintes exercícios, calcule o volume do sólido limitado pelas superfícies.
1. 3x+ 2y + z = 6, x = 0, y = 0, z = 0
2. z = senxseny, z = 0, x = π, y = 0, y = π
11. Calcule o volume do sólido limitado pelos planos x = 0, y = 0, z = 0, x + y = 1 e
pelo cilindro z = 1 − y2.
24 Cálculo Vetorial e Séries
12. Calcular o volume do sólido que não contêm a origem e que é limitado pelo gráfico z =
4 − r2, pelo cilindro r = 1 e pelo plano z = 0.
13. Calcular o volume do sólido interior à esfera z2 + r2 = 16 e ao cilindro r = 4 cos θ.
14. Calcular o volume da região do espaço no primeiro octante, compreendida entre os cilindros
x2 + y2 = a2 e x2z2 = a2, a > 0.
15. Calcular o volume do elipsóide x2 + y2 + 4z2 ≤ 4.
16. Calcular o volume do cone de base r e altura h.
17. Calcular∫
D
∫
(cos(2x) + seny)dxdy onde D é a região limitada pelas curvas xy = 1, y =
√x, x = 2.
18. Achar o volume do sólido no primeiro octante limitado pelos eixos coordenados, e o plano
2x+ y + z = 6.
19. Calcular o volume do sólido no primeiro octante limitado pelos eixos coordenados, e os
planos x+ y + 4z = 20, 3x+ 4y + 4z = 16, x+ y = 4.
20. Determine o volume de um tetraedro limitado porx
3+y
4+z
5= 1 e os planos coordenados.
Christian José Quintana Pinedo 25
1.8 Aplicações da integral dupla
1.8.1 Valor promédio
Sejam x1, x2, x3, · · · , xn números qualquer, seu promédio está definido por
[xi]promx1 + x2 + x3 + · · · + xn
n=
1
n
n∑
i=1
xi
Este conceito nos leva a definir o valor promédio de uma função de uma variável no intervalo
[a, b] por
[f(x)]prom =
b∫
a
f(x)dx
b− a
Para o caso de funções f de duas variáveis , a razão da integral de f á área de D
[f(x, y)]prom =
∫
D
∫
f(x, y)dA
∫
D
∫
1.dA
é chamado de valor promédio.
Exemplo 1.20.
Calcular o valor promédio de f(x, y) = xsen2(xy) sobre a região D = [0, π] × [0, π].
Solução.
Calculemos a integral sobre f . É imediato que A(D) = π2
∫
D
∫
f(x, y)dA =
π∫
0
π∫
0
xsen2(xy)(xy)dydx =1
2
π∫
0
π∫
0
(x− x cos(2xy))dydx =
=1
2
π∫
0
(xy − 1
2sen(xy))
∣∣∣
π
0dx =
1
4
π∫
0
(2πx− sen(πx))dx =
=1
4[πx2 − 1
2πcos(2πx)]
∣∣∣
π
0=
1
8[2π3 + cos(2π2) − 1]
Logo o valor promédio é [f(x, y)]prom =π
4+
cos(2π 2) − 1
8π≈ 0, 7839.
1.8.2 Centro de massa de uma lâmina
Se tentamos balançar massas em uma alavanca (Figura (1.15), o ponto de equilíbrio x ocor-
rerá durante o momento total (massa por distância ao ponto de equilíbrio) zero, isto é, onde3∑
i=1
mi(xi − x) = 0.
26 Cálculo Vetorial e Séries
Em geral quando se colocam m1, m2, m3, · · · , mn nos pontos x1, x2, x3, · · · , xn sobre o
eixo-x, seu centro de massa ou centro do sistema se define como:n∑
i=1
mi(xi − x) = 0, de onde.
x =
n∑
i=1
mixi
n∑
i=1
mi
(1.5)
Figura 1.15:
Quando estudamos integração em uma variável para achar o centro de massa de uma lâmina
homogênea consideramos aquelas cuja densidade ρ(x) da área era constante análogo a nossa
fórmula (1.5).
x =
∫
xρ(x)dx∫
ρ(x)dx
Figura 1.16:
Nesta seção estudaremos o modo de calcular o centro de
massa mediante integrais duplas, de qualquer lâmina seja esta
homogênea ou não.
A Figura (1.16) mostra que a placa se equilíbra quando o
ponto de apoio se encontra no seu centro de massa.
Seja D uma lâmina que tem a forma fechada D no plano-xy,
e seja ρ a medida da densidade da área da lâmina em qualquer
ponto (x, y) de D onde ρ : D ⊂ R2 −→ R é função contínua
sobre D. A massa total M da lâmina esta dada por
M =
∫
D
∫
ρ(x, y)dA
O momento da massa de uma lâmina D com respeito ao eixo-x é
Mx =
∫
D
∫
yρ(x, y)dA
O momento da massa de uma lâmina D com respeito ao eixo-y é
My =
∫
D
∫
xρ(x, y)dA
Christian José Quintana Pinedo 27
Portanto, o centro de massa da lâmina no ponto (x, y) é
x =My
M=
∫
D
∫
xρ(x, y)dA
∫
D
∫
ρ(x, y)dA
y =Mx
M=
∫
D
∫
yρ(x, y)dA
∫
D
∫
ρ(x, y)dA
Exemplo 1.21.
Uma lâmina na forma de um triângulo retângulo isósceles tem uma densidade de área que
varia com o quadrado da distância ao vértice do ângulo reto. Se a massa se mede em kg e a
distância em cm. Achar a massa e o centro da massa da lâmina.
Solução.
Observe que a distância do ângulo reto a qualquer ponto é igual a√
x2 + y2, logo a densidade
é dada por ρ(x) = k(x2 + y2 onde k é constante. A Figura (1.17) mostra a lâmina, assim:
M =
∫
D
∫
ρ(x, y)dA =
a∫
0
a−x∫
0
k(x2 + y2)dydx
de onde M =1
6ka3. Por outro lado,
Mx =
∫
D
∫
yρ(x, y)dA = k
a∫
0
a−x∫
0
y(x2 + y2)dydx
de onde Mx =1
15a5. Por último
My =
∫
D
∫
xρ(x, y)dA =1
15a5
Portanto o centro de massa é (x, y) = (2a
5,
2a
5).
-��
�
6
@@
@@
@@
@@
P (x, y)
y
x
a
a0
d
Figura 1.17: Figura 1.18:
28 Cálculo Vetorial e Séries
Exemplo 1.22.
Achar o centro da massa de uma lâmina homogênea (densidade constante) que tem a forma
de uma região limitada pela parabola y = 2 − 3x2 e a reta 3x+ 2y = 1.
Solução.
Podemos verificar sem dificuldade que o ponto de interseção da parabola e reta são os pontos
(−1
2,
5
4) e (−1, 1). A Figura (1.18) mostra a região de integração
Logo tem-se:
M =
1∫
− 12
2−3x2∫
12(1−3x)
ρdydx =27
16ρ
Mx =
1∫
− 12
2−3x2∫
12(1−3x)
ρydydx =27
20ρ
My =
1∫
− 12
2−3x2∫
12(1−3x)
ρxdydx =27
64ρ
Portanto, (x, y) = (1
4,
4
5) é o centro da massa da lâmina.
1.8.3 Momentos de inércia de uma lâmina
Definição 1.9.
Se uma partícula de uma massa se encontra a d unidades de distância de uma reta L então
o número I = md2 chamamos de momento de inércia da partícula m respeito de L
O momento de massa de uma partícula geralmente es denominado de primeiro momento e o
momento de inércia é chamado de segundo momento
Um sistema de partículas de massasm1,m2,m,m3, · · · ,mn situadas a distâncias d1, d2, d3, · · · , dnrespectivamente, desde uma reta L tem o momento de inércia I que se define como a soma dos
momentos das partículas individuais.
I =n∑
i=1
mid2i
É evidente que por nosso processo usual de passo al limite o momento de inércia de uma
lâmina que tem a forma de uma região plane com densidade ρ : S ⊂ R2 −→ R contínua pode se
achar respeito a qualquer reta L.
Em particular é evidente, que os momentos de inércia la lâmina respeito aos eixos-x e y estão
dados por;
Ix =
∫
S
∫
y2ρ(x, y)dA Iy =
∫
S
∫
x2ρ(x, y)dA
Christian José Quintana Pinedo 29
O momento de inércia entorno da origem (0, 0) esta dado por
Io = Ix + Iy =
∫
S
∫
(x2 + y2)ρ(x, y)dA
O momento de inércia entorno da reta L : ax+ by = c esta dado por
IL =
∫
S
∫
(ax+ by√a2 + b2
)2ρ(x, y)dA
Exemplo 1.23.
Uma lâmina com densidade ρ(x, y) = xy está limitada pelo eixo-x, a reta x = 8, e a curva
y =3√x2. Determine sua massa total, o centro de massa e os momentos de inércia entorno dos
eixos-x, y e z.
Solução.
Massa: M =
∫
D
∫
ρ(x, y)dA =
8∫
0
3√x2∫
0
yxdydx =
8∫
0
1
2y2x∣∣∣
3√x2
0dx =
=1
2
8∫
0
3√x7dx =
1
2
[3
10
3√x10
] ∣∣∣
8
0=
768
5
Centro de massa: Cálculo dos momentos.
Respeito do eixo-y é My =
∫
D
∫
xρ(x, y)dA =
8∫
0
3√x2∫
0
yx2dydx =
8∫
0
1
2y2x2
∣∣∣
3√x2
0dx =
=1
2
8∫
0
3√x10dx =
1
2
[3
10
3√x13
] ∣∣∣
8
0=
1024
3
Respeito do eixo-x é My =
∫
D
∫
yρ(x, y)dA =
8∫
0
3√x2∫
0
y2xdydx =
8∫
0
1
3y3x∣∣∣
3√x2
0dx =
=1
3
8∫
0
x3dx =1
3
[1
4x4
] ∣∣∣
8
0=
1024
3
Logo, x =My
M=
80
13, y =
Mx
M=
20
9
Momentos de inércia: Respeito.
Do eixo-x é Ix =
∫
D
∫
xy3da =
8∫
0
3√x2∫
0
xy3dydx =1
4
8∫
0
xy4∣∣∣
3√x2
0dx =
6144
7.
30 Cálculo Vetorial e Séries
Do eixo-y é Iy =
∫
D
∫
x3yda =
8∫
0
3√x2∫
0
x3ydydx =1
2
8∫
0
x3y2∣∣∣
3√x2
0dx = 6144
Do eixo-z é Iz = Ix + Iy =49.152
7≈7021,71.
Exemplo 1.24.
Determine o centro da massa de uma lâmina com forma da um quarto de círculo de raio r
com densidade proporcional à distância ao centro do círculo.
Solução.
Pelos dados do problema, ρ(x, y) = k√
x2 + y2, onde k é a constante de proporcionalidade.
Em coordenadas polares.
M =
∫
D
∫
k√
x2 + y2dA =
π/2∫
0
r∫
0
r · rdrdθ =kπr3
6
também
My =
∫
D
∫
kx√
x2 + y2dA =
π/2∫
0
r∫
0
(r cos θ)r2drdθ =kr2
4
Assim, x =My
M=
kr4/4
kπr3/6=
3r
2π.
Como a lâmina é simétrica respeito do seu eixo, concluímos que y = x =3r
2π.
Exemplo 1.25.
Calcular o momento de inércia da região D limitada pela hipérbole xy = 4 e a reta x+ y = 5
com respeito à reta x− y = 0.
Solução.
A distância de qualquer ponto (x, y) da região D à reta x− y = 0 está dada por d =x− y√
2.
Logo
IL =1
2
4∫
1
5−x∫
4/x
(x− y)2dydx = 11
6
4∫
1
(x− y)3dx∣∣∣
5−x
4/xdx = 16Ln2 +
75
8
Definição 1.10. Raio de giro.
O raio de giro de um objeto respeito de um eixo L é o número R definido por R =
√
I
Monde I é o momento de inércia respeito do eixo-L, e M é a massa total do objeto.
Solução.
Exemplo 1.26.
Achar o raio de giro de uma lâmina semicircular com respeito a seu diâmetro, se a densidade
da lâmina em qualquer ponto é proporcional à distância entre o ponto e seu diâmetro .
Solução.
Christian José Quintana Pinedo 31
Podemos supor o semicírculo y =√a2 − x2, sua densidade é ρ(x, y) = ky.
Logo Ix =
a∫
−a
√x2−a2∫
0
ky3dydx =4
15ka5.
Por outro lado, M =
a∫
−a
√x2−a2∫
0
kydydx =2
3ka2.
Portanto, o raio de giro da lâmina é R =
√
IxM
=
√10
5a2
1.8.4 Área de uma superfície
No seguinte capítulo mostra-se que a área de qualquer paralelogramo de lados os vetores
~u = (u1, u2, u3) e ~v = (v1, v2, v3) está dado pelo módulo do vetor u× v.
A = ‖u× v‖ =
∥∥∥∥∥∥∥
~i ~j ~k
u1 u2 u3
v1 v2 v3
∥∥∥∥∥∥∥
Figura 1.19:
Suponha que S seja a superfície f : S ⊂ R2 −→ R sobre
uma região fechada D no plano-xy, também suponhamos que
f tem as primeiras derivadas parciais contínuas.
Seja P uma partição da região D com retas paralelas aos
eixos do plano-xy, sejam Pi, i = 1, 2, 3 · · · , n os retângulos
desta partição, então Pi = 4ix×4iy.
Para cada i seja Si a parte da superfície S que se projeta
sobre o retângulo Pi. Seja P (xi, yi, zi) o ponto de Si que se
projeta sobre um vértice do retângulo Pi aquele que tiver as
menores coordenadas do ponto.
Finalmente seja Ti o paralelogramo do plano tangente em
P (xi, yi, zi).
Sejam ~ui = (4ix, 0,∂f
∂x(xi, yi)) e ~vi = (0, 4iy,
∂f
∂y(xi, yi)) os lados deste paralelogramo
Ti, logo a área de cada um destes paralelogramos é ‖~ui × ~vi‖ onde
~ui × ~vi =
∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣
~i ~j ~k
4ix 0∂f
∂x(xi, yi)
0 4iy∂f
∂y(xi, yi)
∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣
= 4ix · 4iy(−∂f
∂x(xi, yi), −
∂f
∂y(xi, yi), 1)
assim a área de Ti é dada por
A(Ti) = ‖ui × vi‖ = A(Pi)
√[∂f
∂x(xi, yi)
]2
+
[∂f
∂y(xi, yi)
]2
+ 1
Somamos estas áreas todos os paralelogramos Ti, i = 1, 2, 3, · · · , n, logo calculamos o
32 Cálculo Vetorial e Séries
limite quando n→ ∞ para obter a área da superfície S.
A(S) = lim‖P‖→0
n∑
i=1
A(Ti) = lim‖P‖→0
n∑
i=1
(Pi)
√[∂f
∂x(xi, yi)
]2
+
[∂f
∂y(xi, yi)
]2
+ 1 =
A(S) =
∫
D
∫√[∂f
∂x(x, y)
]2
+
[∂f
∂y(x, y)
]2
+ 1 · dA
sempre que o limite exista.
Exemplo 1.27.
Seja D a região do plano-xy limitado pelas retas x = 0, x = 1, y = 0 e y = 2. Calcular a
área da superfície cilíndrica S definida por f(x, y) =√
4 − x2.
Solução.
Seja f(x, y) =√
4 − y2, então∂f
∂x= 0 e
∂f
∂y=
−y√
4 − y2. A área da superfície é dada por
A(S) =
∫
D
∫√[∂f
∂x
]2
+
[∂f
∂y
]2
+ 1 · dA =
∫
D
∫√√√√02 +
[
−y√
4 − y2
]2
+ 1 · dA
A(S) =
∫
D
∫2
√
4 − y2· dA =
2∫
0
1∫
0
2√
4 − y2· dxdy =
2∫
0
2√
4 − y2· dy
A(S) = 2arcsenx
2
∣∣∣
2
0= π
Exemplo 1.28.
Calcular a área da parte da superfície z = xy cortada pelo cilindro x2 + y2 = a2.
Solução.
Tem-se que a superfície S está dada pela função z = f(x, y) = xy logo∂z
∂x= y e
∂z
∂y= x. A
região de integração é
D = { (x, y) ∈ R2 − a ≤ x ≤ a, −√
a2 − x2 ≤ y ≤√
a2 − x2 }
logo, a área da superfície é
A(S) =
a∫
−a
√a2−x2∫
−√a2−x2
√
x2 + y2 + 1 · dydx =
2π∫
0
a∫
0
√
r2 + 1 · rdrdθ
A(S) =1
3
2π∫
0
√
(r2 + 1)3∣∣∣
a
0=
2π
3(√
(a2 + 1)3 − 1)
Propriedade 1.3.
Christian José Quintana Pinedo 33
Dados uma semi-esfera de raio R e um cilindro de raio na base R. As superfícies entre os
planos paralelos como mostra a Figura (1.20) tem a mesma área.
A demonstração desta propriedade é exercício para o leitor.
esta propriedade diz que dados uma semi-esfera de raio R e um cilindro de raio na base R
satisfazem a seguinte propriedade indicada na Figura (1.20) entre planos paralelos.
Figura 1.20:
A modo de aplicação apresentamos o seguinte exemplo.
Exemplo 1.29.
Determine a área da superfície S1 formada ao cortar o hemisfério x2+y2+z2 = R2, z ≥ 0
pelos planos paralelos z = h1 e z = h2, 0 ≤ h1 ≤ h2 é dado por A(S1) = 2πR(h2 − h1).
Verificar que a área da superfície cilíndrica S2 de x2 + y2 = R2 entre os planos z = h1 e z = h2
também é A(S2) = 2πR(h2 − h1).
Solução.
A projeção da semi-esfera z =√
R2 − x2 − y2 sobre o plano z = h1 é a circunferência
x2+y2 = [√
R2 − h21]
2 e a projeção sobre o plano z = h2 é a circunferência x2+y2 = [√
R2 − h22]
2.
Logo D projeção da superfície S1 no plano-xy é
D = { (x, y) ∈ R2 /.√
R2 − h22 ≤ x2 + y2 ≤
√
R2 − h21 }
assim
A(S1) =
∫
D
∫√[∂f
∂x
√
R2 − x2 − y2
]2
+
[∂f
∂y
√
R2 − x2 − y2
]2
+ 1 · dA
A(S1) =
∫
D
∫√
x2
R2 − x2 − y2+
y2
R2 − x2 − y2+ 1 · dA =
∫
D
∫r
√
R2 − x2 − y2· dA
mediante coordenadas polares
A(S1) =
2π∫
0
√R2−h2
1∫
√R2−h2
2
R√R2 − r2
·rdrdθ =
2π∫
0
R[−√
R2 − (√
R2 − h22)
2+
√
R2 − (√
R2 − h21)
2]dθ =
A(S1) =
2π∫
0
R(h2 − h1)dθ = 2πR(h2 − h1)
34 Cálculo Vetorial e Séries
A área da parte cilíndrica é o comprimento de sua base pela sua altura, isto é A(S2) =
2πRh = 2πR(h2 − h1).
Observe que A(S1) = A(S2).
Christian José Quintana Pinedo 35
Exercícios 1-3
1. Calcular o valor promédio de f(x, y) = ysenxy sobre D = [0, 2π] × [0, π]
2. Calcular o valor promédio de f(x, y) = e x+ y sobre o triângulo de vértices (0, 0), (0, 1), (1, 0)
3. Calcular a massa de uma lâmina quadrada de lado a, se sua densidade em qualquer ponto
de sua superfície é proporcionar ao quadrado da distância desde um vértice. Rpta2ka4
3
4. Para cada um dos seguintes exercícios, determinar a massa M , e o centro de massa (x, y)
da lâmina limitada pelas curvas dadas e com densidade indicada.
1. y = ex, y = 0, , x = 0, x = 1; ρ(x, y) = 1 − 2x+ y
2. x = e−x, x = 0, x = 1; ρ(x, y) = y2
3. y = x, xy = 1, y = 0, x = 2; ρ(x, y) = x
4. y = 0, y = cosx, 0 ≤ x ≤ π; ρ(x, y) = x
5. y = 0, y =√
9 − x2; ρ(x, y) = y
6. x = 0, x = 4, y = 0, y = 3; ρ(x, y) = x+ 1
7. r = 2senθ; ρ(r, θ) =1
r
5. Para cada um dos exercícios, achar o momento de inércia respeito ao eixo dado da placa
D cuja densidade e curvas que a limitam estão dadas.
1. D está limitada por x2 + y2 = a4; ρ(x, y) = k√
x2 + y2 eixo-z
2. D está limitada por y = x2; ρ(x, y) = k eixo-x
3. D está limitada por y2 = x2, y2 = x; ρ(x, y) = ky eixo-y
4. D está limitada por x2 + y2 = a2; ρ(x, y) = k√
x2 + y2 eixo-x
5. D está limitada por ; ρ(x, y) = eixo-
6. Para cada um dos seguintes exercícios, determine os momentos Ix, Iy, I0 para a lâmina
limitada pelas curvas dadas com densidade indicada ρ
1. y =√x, x = 16, y = 0; ρ(x, y) = x− y
2. y = x2, y = 9; ρ(x, y) = x
3. Quadrado de vértices (0, 0), (0, m), (m, 0), (m, m); ρ(x, y) = x+ 2y
4. Triângulo de vértices (0, 0), (0, m), (m, 0); ρ(x, y) = x+ 2y
5. y2 = 8x, x = 2; ρ(x, y) = 1
6. |x| + |y| = 1; ρ(x, y) = 1
7. Sejam ABCD uma lâmina retangular com tem a função densidade ρ e P um ponto no
interior da lâmina. Achar o raio de giro da lâmina respeito a os seguinte:
36 Cálculo Vetorial e Séries
1. AB se a densidade ρ no ponto P é a soma das distâncias a AB e BC
2. A reta perpendicular á lâmina em B, se a densidade ρ no ponto P é a soma das distâncias
a AB e AC
3. A reta perpendicular á lâmina em B, se a densidade ρ no ponto P é constante.
4. A perpendicular á lâmina no centro de massa, se ρ no ponto P é constante.
8. Sejam L1 e L2 laminas disjuntas no plano-xy com massas M1 e M2, e com centros de
massas (x1, y1) e (x2, y2) respectivamente. Verificar que o centro de massa (x2, y2) da
lâmina L1 ∪ L2 está dada por:
x = x1m1
m1 +m2+ x2
m2
m1 +m2y = y1
m1
m1 +m2+ y2
m2
m1 +m2
9. Determine a área da superfície indicada.
1. Da parte do plano 6x+ 3y + 2z = 12 situada no primeiro octante.
2. Da parte da superfície z2 = 2xy a qual se encontra acima do retângulo situado no
plano z = 0 e limitado pelas retas x = 0, y = 0, z = 3, y = 6
3. Da parte do cone z2 = x2 + y2 situado acima do plano-xy e cortada pelo plano
z =√
2(x
2+ 1).
4. Da parte z2 + x2 + y2 cortada pelo cilindro z2 = 2py.
Christian José Quintana Pinedo 37
1.9 Integrais triplas
Os conceitos explicados nas integrais simples e duplas estendem-se de modo natural para as
integrais triplas e até de ordem n.
Figura 1.21:
Consideremos f : S ⊂ R3 −→ R uma função definida na
superfície limitada e fechada S, podemos traçar planos parale-
los a os planos coordenados, para determinar paralelepípedos
P1, P2, P3, · · · , Pn que estão contidos em S como mostra a
Figura (1.21).
Definição 1.11.
O conjunto P = { P1, P2, P3, · · · , Pn } constitue uma
partição da superfície S, onde a norma na partição ‖P‖ =
maior diagonal dos paralelepípedos que constituem a partição.
Seja V (Pi) = ∆ix∆iy∆iz o volume do i-ésimo pa-
ralelepípedo, Pi, i = 1, 2, 3, · · · , m. Seja (xi, yi, zi) um
ponto arbitrário escolhido em Pi.
A soma de Riemann associada à partição P da superfície f(x, y, z)é:
n∑
i=1
f(xi, yi, zi)V (Pi) =n∑
i=1
f(xi, yi, zi)∆ix∆iy∆iz
Definição 1.12.
Dizemos que o número L é da soma de Riemann, se
∀ ε > 0, ∃ δ > 0 tal que
∣∣∣∣∣
n∑
i=1
f(xi, yi, zi)V (Pi) − L
∣∣∣∣∣< ε
para toda partição P com ‖P‖ → 0 para toda eleição do ponto (xi, yi, zi) ∈ Pi
Definição 1.13.
Uma função f : S ⊂ R3 −→ R é integrável na região fechada S, se existe um número L, e
este número é a integral tripla de f em S e denota-se
L =
∫ ∫
S
∫
f(xi, yi, zi)dV = lim‖P‖→0
n∑
i=1
f(xi, yi, zi)V (Pi)
A pergunta natural é: Quais tipos de funções são integráveis? A seguinte propriedade sem
demonstração responde esta questão.
Propriedade 1.4.
Se a funçãof : S ⊂ R3 −→ R é contínua na região fechada S, então existe a integral tripla
de f sobre S.
Na verdade podemos permitir que exista um número finito de descontinuidades.
Como é de esperar as integrais triplas tem propriedades
38 Cálculo Vetorial e Séries
1.9.1 Integrais triplas mediante integrais iteradas
Consideremos D = { (x, y) ∈ R2 /. a ≤ x ≤ b, φ1(x) ≤ y ≤ φ2(x) } uma região fechada
no plano-xy, onde φ1, φ2 : [a, b] −→ R são funções contínuas com φ(x) ≤ φ2(x) ∀ x ∈ [a, b].
Sejam ψ1, ψ2 : D ⊂ R3 −→ R funções contínuas na região fechada D onde ψ(x, y) ≤ψ2(x, y) ∀ (x, y) ∈ D.
Seja S = { } uma região fechada em R3, se f : S ⊂ R3 −→ R é função contínua em S, a
integral iterada de f sobre S é
∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
b∫
a
φ2(x)∫
φ1(x)
ψ2(x,y)∫
ψ1(x,y)
f(x, y, z)dzdydx
De modo análogo podemos definir outras quatro integrais de f(x, y, z) nas quais a primeira
integração (dentro para fora) é resolvida respeito a uma variável distinta da z.
•∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
f∫
e
g2(z)∫
g1(z)
H2(y,z)∫
H1(y,z)
f(x, y, z)dxdydz
•∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
d∫
c
k2(y)∫
k1(y)
H2(y,z)∫
H3(y,z)
f(x, y, z)dxdzdy
•∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
f∫
e
H2(z)∫
H1(z)
G2(x,z)∫
G1(x,z)
f(x, y, z)dydxdz
•∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
b∫
a
k2(y)∫
k1(y)
G2(x,z)∫
G1(x,z)
f(x, y, z)dydzdx
Exemplo 1.30.
Calcular I =
∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV onde f(x, y, z) = 3 e S está limitada pelas superfícies
z = 0, y = 0, y = x, x+ y = 2, x+ y + z = 3.
Solução.
I =
∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
1∫
0
2−y∫
y
3−x−y∫
0
f(x, y, z)dzdydx = 5
Exemplo 1.31.
Calcular I =
∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV onde f(x, y, z) = x2 e S está limitada pelas superfícies
y2 + z2 = 4ax, y2 = ax, x = 3a.
Solução.
Christian José Quintana Pinedo 39
∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
3a∫
0
√ax∫
−√ax
√4ax−y2∫
−√
4ax−y2
x2dzdydx =
3a∫
0
√ax∫
−√ax
2x2√
4ax− y2dydx =
=
3a∫
0
1
3(6√
3a+ 4πa)dx =27
2a5(3
√3 + 2π)
1.9.2 Volumes mediante integrais triplas
Seja f : S ⊂ R → R uma função definida na região fechada S, tal que f(x, y, z) = 1 para
todo (x, y, z) ∈ S, então
V (S) =
∫ ∫
S
∫
1dV é a medida do volume do sólido S
Exemplo 1.32.
Achar o volume do sólido limitado na parte superior pela parabolóide z = 4 − x2 − y2 e na
parte inferior pelo plano z = 4 − 2x.
Solução.
O volume do sólido está dado por
V =
2∫
0
√2x−x2∫
−√
2x−x2
4−x2−y2∫
4−2x
1dzdydx =4
3
2∫
0
4√
(2x− x2)3dx =π
2
Exemplo 1.33.
Achar o volume do sólido no primeiro octante limitado pelo cilindro z =6
x2 + 4e os planos
y = x, x = 2, y = 0, z = 0.
Solução.
A região de integração é D = { (x, y) ∈ R2 /. 0 ≤ x ≤ 2, 0 ≤ y ≤ x }.O sólido é S = { (x, y, z) ∈ R3 /. 0 ≤ x ≤ 2, 0 ≤ y ≤ x, 0 ≤ z ≤ 8
x2 + 4}.
Seu volume é dado por V =
2∫
0
x∫
0
8/(x2+4)∫
0
1dzdydx = 4Ln2.
1.9.3 Integrais triplas em coordenadas cilíndricas e esféricas
Para o caso ter região S ⊂ R3 um eixo coordenado de simetria, as integrais triplas têm menos
dificuldade em seus cálculos, para isto acontecer temos que recorrir ao uso das c coordenadas
cilíndricas ou esféricas.
Uma idéia da justificativa da forma das coordenadas cilíndricas é mostrada na Figura (1.22)
e das coordenadas e esféricas na Figura (1.23)
40 Cálculo Vetorial e Séries
1. As transformações de coordenadas retangulares a cilíndricas são:
Como mostra a Figura (1.22): x = r cos θ, y = rsenθ, z = z
Se f : S ⊂ R3 −→ R é função contínua sobre S então
∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
∫ ∫
S
∫
f(r cos θ, rsenθ, z)J(r, θ, z)dzdrdθ
onde
J(r, θ, z) =∂(x, y, z)
∂(r, θ, z)=
∣∣∣∣∣∣∣
cos θ −rsenθ 0
senθ r cos θ 0
0 0 1
∣∣∣∣∣∣∣
= r
Portanto,∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
∫ ∫
S
∫
f(r cos θ, rsenθ, z)r · dzdrdθ.
Figura 1.22: Coordenadas cilíndricas Figura 1.23: Coordenadas esféricas
2. As transformações de coordenadas retangulares a esféricas são:
Como mostra a Figura (1.23): x = ρ cos θsenφ, y = ρsenθ cosφ, z = ρ cosφ
Se f : S ⊂ R3 −→ R é função contínua sobre S então
∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
∫ ∫
S
∫
f(ρ cos θsenφ, ρsenθ cosφ, ρ cosφ)J(ρ, θ, φ)dρdφdθ
onde
J(ρ, θ, φ) =∂(x, y, z)
∂(ρ, θ, φ)=
∣∣∣∣∣∣∣
cos θsenφ −ρsenθsenφ ρ cos θ cosφ
senθsenφ ρ cos θsenφ ρsenθ cosφ
cosφ 0 −ρsenφ
∣∣∣∣∣∣∣
= ρ2senφ
Portanto,∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV =
∫ ∫
S
∫
f(ρ cos θsenφ, ρsenθsenφ, ρ cosφ)ρ2senφ · dρdφdθ.
Exemplo 1.34.
Determine o volume do sólido S sobre o cone z2 = x2+y2 e o interior da esfera x2+y2+z2 =
2az.
Solução.
Christian José Quintana Pinedo 41
Em coordenadas esféricas a equação do cone é ρ =π
4, e a equação da esfera é ρ = 2a cosφ
. Logo o volume é
V =
∫ ∫
S
∫
ρ2senφdρdφdθ =
2π∫
0
π/4∫
0
2 cosφ∫
0
ρ2senφ · dρdφdθ = πa3
Exemplo 1.35.
Mediante coordenadas cilíndricas, determine o volume do sólido acima do plano-xy e limitado
pela esfera x2 + y2 + z@ = 25 e o cone 16z2 = 9x2 + 9y2.
Solução.
Em coordenadas cilíndricas, a equação do cone é z =3
4r e o da esfera z =
√25 − r2.
As superfícies se cortam em aqueles pontos onde
25 − x2 − y2 =9
16(x2 + y2)
ou seu equivalente x2 + y2 = 16. Em coordenadas cilíndricas esta equação podemos escrever
como r = 4. Assim o sólido S é:
S = { (r, θ, z) ; . 0 ≤ θ ≤ 2π, 0 ≤ r ≤ 4,3
4r ≤ z ≤
√
25 − r2 }
assim tem-se
V =
∫ ∫
S
∫
r · dzdrdθ =
2π∫
0
4∫
0
√25−r2∫
3r/4
r · dzdrdθ =100π
3
Exemplo 1.36.
Calcular I =∫ ∫
S
∫(x + y + z)(x + y − z)(x − y − z)dxdydz onde S é o tetraedro limitado
pelos planos x− y − z = 0, x+ y − z = 0, x− y − z = 0. 2x− y = 1.
Solução.
Sejam u = x+ y + z, v = x+ y − z, w = x− y − z
∂(u, v, w)
∂(x, y, z)=
∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣
∂u
∂x
∂u
∂y
∂u
∂z∂v
∂x
∂v
∂y
∂v
∂z∂w
∂x
∂w
∂y
∂w
∂z
∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣
=
∣∣∣∣∣∣∣
1 1 1
1 1 −1
1 −1 −1
∣∣∣∣∣∣∣
= −1
4
Logo o jacobiano J(u, v, z) =
∣∣∣∣−1
4
∣∣∣∣=
1
4
A igualdade 2x − z = 1 se transforma em u + v + 2w = 2. Assim, a região D∗ imagem
de S mediante esta transformação é o tetraedro limitado pelos planos u = 0, v = 0, w =
42 Cálculo Vetorial e Séries
0, u+ v + 2w = 2, então
I =
∫ ∫
S
∫
(x+ y + z)(x+ y − z)(x− y − z)dxdydz =
2∫
0
2−u∫
0
1− 12(u+v)∫
0
1
4uvw · dwdvdu =
1
180
1.10 Centro de massa e momentos de inércia de um sólido
Os conceitos de massa e centro de massa se generalizam com facilidade a regiões sólidas. O
processo que conduz às fórmulas corretas é já conhecido e podemos resumir em poucas palavras:
particionar, aproximar integrar
Seja S ⊂ R3 um sólido e ρ : S ⊂ R −→ R uma função contínua sobre S que representa a
densidade de S em qualquer ponto (x, y, z) ∈ S.
1.- A massa total do sólido está dado por:
M =
∫ ∫
S
∫
ρ(x, y, z)dV
2. Os centros de massa:
Os momentos de massa respeito dos planos coordenados em função da densidade são
Mxy =
∫ ∫
S
∫
zρ(x, y, z)dV, Mxz =
∫ ∫
S
∫
yρ(x, y, z)dV, Myz =
∫ ∫
S
∫
xρ(x, y, z)dV
Portanto o centro de massa do sólido S é o ponto (x, y, z), onde
x =Myz
M=
∫ ∫
S
∫
xρ(x, y, z)dV
∫ ∫
S
∫
ρ(x, y, z)dV
, y =Mxz
M=
∫ ∫
S
∫
yρ(x, y, z)dV
∫ ∫
S
∫
ρ(x, y, z)dV
z =Mxy
M=
∫ ∫
S
∫
zρ(x, y, z)dV
∫ ∫
S
∫
ρ(x, y, z)dV
3. Momentos de inércia:
Os momentos de inércia de S entorno dos eixos estão definidos como:
• Ix =
∫ ∫
S
∫
(y2 + z2)ρ(x, y, z)dV , momento de inércia respeito do eixo-x.
• Iy =
∫ ∫
S
∫
(x2 + z2)ρ(x, y, z)dV , momento de inércia respeito do eixo-y.
Christian José Quintana Pinedo 43
• Iz =
∫ ∫
S
∫
(x2 + y2)ρ(x, y, z)dV , momento de inércia respeito do eixo-z.
Observação 1.2.
Para determinar o centro de massa, é bastante útil ter em consideração todas as possíveis
simetrias.
1. Se S for simétrico respeito ao plano-xy e ρ(x, y,−z) = ρ(x, y, z), então z = 0. Resultados
análogos cumpre para os outros planos coordenados.
2. Se S for simétrico ao eixo-x e ρ(x,−y,−z) = ρ(x, y, z) então y = z = 0. Resultado análogo
cumpre para os outros eixos.
Exemplo 1.37.
Determine o centro da massa de um objeto material homogêneo limitado limitado pelos planos
coordenados, o plano |:x+ y = 1 y o parabolóide z = 4 − x2 − 4y2.
Solução.
Como a densidade é constante, ρ(x, y, z) = k, a massa total do objeto é dada por
M =
1∫
0
1−x∫
0
4−x2−4y2∫
0
k · dzdydx =19
12k
Também
Mxy =
1∫
0
1−x∫
0
4−x2−4y2∫
0
kzdzdydx =95
16k, Mxz =
1∫
0
1−x∫
0
4−x2−4y2∫
0
kydzdydx =9
20k
Myz =
1∫
0
1−x∫
0
4−x2−4y2∫
0
kxdzdydx =11
20k
Portanto, (33
95,27
95,5
3), é o centro de massa do objeto.
Exemplo 1.38.
Achar o momento de inércia e o raio de giro respeito do eixo-z do sólido homogêneo limitado
pelos planos coordenados e o planox
a+y
b+z
c= 1, a, b, c são números fixos positivos.
Solução.
O sólido é o tetraedro, a densidade do sólido é ρ(x, y, z) = k então temos
Iz =
a∫
0
b− bax
∫
0
c− cax− c
by
∫
0
k(x2 + y2)dzdydx =kabc
60(a2 + b2)
A sua massa total é
M =
a∫
0
b− bax
∫
0
c− cax− c
by
∫
0
kdzdydx =kabc
6
Christian José Quintana Pinedo 45
Exercícios 1-4
1. Calcular as seguintes integrais.
1.
1∫
0
1−x∫
0
1+y2∫
2y
x · dzdydx 2.
2∫
1
y2∫
y
Lnx∫
0
yez · dzdxdy 3.
π/2∫
0
π/2∫
z
x∫
0
cosy
z· dydxdz
4.
2∫
1
y∫
0
√3z∫
0
z · dxdzdyx2 + y2
5.
Lnx∫
−Lnx
2−√x∫
0
x+y2∫
0
yezdzdydx 6.
π∫
0
π∫
0
π∫
0
xysen(yz) · dzdydx
7.
2∫
1
x∫
0
√3y∫
0
y · dzdydxx2 + z2
8.
1∫
0
z∫
0
y∫
0
xy2z3dxdyxdz 9.
π2∫
0
cos θ∫
0
∫ 4+rsenθ
0r · dzdrdθ
2. Para cada um dos seguintes exercícios calcular∫ ∫
S
∫
f(x, y, z)dV , onde S está limitada
pelas superfícies dadas e f é função dada.
1. x = 0, x =√
a2 − x2 − y2; f(x, y, z) = x.
2. x2 + z2 = a2, y2 + z2 = a2; f(x, y, z) = x2 + y2.
3. x = 0, y = 0, z = 0,√x+
√y +
√z =
√a; f(x, y, z) = z
4. z = x2 + y2, z = 27 − 2x2 − 2y2; f(x, y, z) = 1
3. Calcular as seguintes integrais mediante coordenadas esféricas ou cilíndricas.
1.
h∫
0
b∫
0
√b2−y2∫
0
√
x2 + y2 · dzdydx 2.
a∫
0
√a2−x2∫
0
√a2−x2−y2∫
0
z√
a2 − x2 − y2 · dzdydx
3.
2∫
0
√2x−x2∫
0
a∫
0
z√
x2 + y2 · dzdydx 4.
1∫
0
√1−x2∫
0
√1−x2−y2∫
0
√
x2 + y2 + z2 · dzdydx
5. 6.
1√2∫
0
x∫
0
√1−x2−y2∫
0
z√
(x2‘y2)−1 · dzdydx
4. Verificar que a integral∫ ∫
S
∫ |xyz|√
x2 + y2 + z2dxdydz sobre o sólido S limitado pelo elip-
sóidex2
a2+y2
b2+z2
c2+ = 1 tem o valor
8a2b2c2(bc+ ac+ ab)
15(b+ c)(a+ c)(a+ b).
5. Verificar que
∞∫
0
∞∫
0
∞∫
0
B · dxdydz =
∞∫
0
1∫
0
1∫
0
B · u2v · dudvdw mediante a transformação
x+ y + z = u, x+ y = uv,
: y = uvw.
46 Cálculo Vetorial e Séries
6. Achar a massa do sólido limitado pela esfera de raio a, a densidade do volume varia com
o quadrado da distância ao centro. Rpta. a5π.
7. Achar o momento de inércia respeito de um diâmetro do sólido que se encontra entre duas
esferas concéntricas de raios a e 2a. A densidade do volume varia inversamente com o
quadrado da distância ao centro. Rpta.56πa3k
9
8. Para cada um dos seguintes exercícios, determinar a massa M , e o centro de massa (x, y, z)
da lâmina limitada pelas curvas dadas e com densidade indicada (k = constante).
1. z = x, z = −x, y2 = 4 − 2x, ; ρ(x, y) = k
2. z = 0, x2 + z = 1, y2 + z = 1; ρ(x, y) = k
3. y2 + z2 = 4ax, y2 = ax, x = 3a; ρ(x, y) = k
4. z2 = x2 + y2, x2 + y2 + z2 = a2; ρ(x, y) = k
5. z2 = x2 + y2, x2 + y2 + z2 = 2az, sobre o cone, ρ(x, y) = kz
6.x2
a2+y2
b2+z2
c2= 1 no primeiro octante, ρ(x, y) = k
Capítulo 2
INTEGRAL DE LINHA
George Green nasceou em Sneinton, no condado de Nottingham na Inglaterra em 14 de Julho de1793. George Green Físico e matemático autodidata passou grande parte da sua vida a trabalhar nummoinho do seu pai, à idade de 8 anos entrou para a escola de Robert Goodacre, em Nottingham, ondemostrou grande talento para a matemática.
Aos 12 voltou a trabalhar na padaria até que seu pai construiu (1807) um moinho em Sneinton, umaaldeia próxima de Nottingham, onde começou seu aprendizado em mecânica com o gerente de moinho,William Smith.
Com 30 anos Green tornou-se membro da Subscription Library, uma instituição fundada com oobjetivo de servir de ponto de encontro de não-acadêmicos para discutir assuntos científicos.
Aos 35 anos publicou Na sua obra “Essay on the Application of Mathematical Analysis to the Theoryof Electricity and Magnetism”, a primeira e, segundo muitos, a mais importante obra sobre a aplicação daanálise matemática à teoria da eletricidade e ao magnetismo, nesta obra introduziu a noção de “funçãopotencial” no estudo dos campos magnéticos e também introduziu vários teoremas de análise vetorialque permitiam calcular o potencial eletrostático, foi o pioneiro na separação dos estudos teóricos daeletricidade e do magnetismo. O teorema de Green, que demonstrou nesta obra facilitou bastante oestudo das funções. Esta obra permiteu-le ganhar a influente proteção de Sir Edward Bromhead, deLincoln, que patrocinou a publicação de mais três artigos em Cambridge e Edinburgh.
Seu pai morreu (1829) e ele herdou uma renda suficiente para então finalmente poder se dedicar aestudar. Apenas aos 40 anos ingressa na universidade como estudante da licenciatura. Ensinou no CaiusCollege e publicou mais seis artigos em Cambridge Transactions.
Com a saúde declinando, voltou para Nottingham (1840) e morreu em Sneinton em 31 de Maio de1841, com apenas 47 anos. Alguns anos mais tarde volta a Nottingham para trabalhar no seu moinho.
Alguns anos mais tarde volta a Nottingham para trabalhar no seu moinho.Alguns anos mais tarde volta a Nottingham para trabalhar no seu moinho.Na matemática foi o autor
de um teorema sobre geometria que leva seu nome, redescoberto após sua morte por Lord Kelvin (1846)e consegue a sua publicação num jornal de nome reconhecido. Este teorema .também é conhecido comoteorema de Gauss, ou teorema de Michel Ostrogradski, como é conhecido na Rússia.
Seu trabalho foi um marco na início do estudo da física-matemática moderna na Grã-Bretanha. Namesma época, outros cientistas, entre os quais Carl Gauss, de forma independente, chegam a algunsresultados já antes alcançados por Green. O asteróide 12016 Green foi batizado em sua honra.
47
48 Cálculo Vetorial e Séries
2.1 Introdução
Neste capítulo, aplicaremos conceitos e métodos de resolução de problemas a novas teorias,
para obter resultados que têm muitas aplicações nas ciências.
Abordaremos os conceitos de “campos vetoriais”, sendo que as principais aplicações estão
orientadas para o estudo de campos de velocidade e campos de força, assim chamados porque
a cada partícula de uma substância seja sólida, líquida ou gaseosa esta associada um vetor
velocidade ou um vetor força.
As integrais de linha, permitem achar o trabalho realizado quando uma partícula se movi-
menta em uma campo de força.
O teorema fundamental do cálculo integral diz que:
Se f : [a, b] −→ R é contínua em qualquer intervalo fechado [a, b], e F é qualquer
função primitiva de f então
b∫
a
f(x)dx = F (b) − F (a).
Agora, queremos generalizar o conceito de integral simples
b∫
a
f(t)dt de uma função f definida
em um intervalo [a, b], a uma integral de uma função definida sobre uma curva Γ. Esta integral se
chama “integral de linha de f sobre a curva Γ", observe que, esta curva pode estar determinada
pela imagem de outra função definida em R.
Na geometria entendemos a palavra curva como o desenho de uma linha reta, um círculo,
uma curva senoidal, etc. traçada na louça. Para estudar estes objetos científicamente, podemos
pensar estas curvas no espaço Rn como a imagem de uma determinada função de um intervalo
[a, b] de R para Rn. Esta função é chamada de trajetória, e a imagem da trajetória é a linha, o
círculo, a curva senoidal, etc. que apreciamos na louça.
Figura 2.1: A função ~r é a trajetória, sua imagem ~r(t) é a curva observada.
Neste capítulo estudaremos o conceito de trajetória, e de modo preciso o conceito de curvas,
mostrando alguns exemplos. Estudaremos como as trajetórias podem modelar o caminho que
segue algum objeto em movimento
Christian José Quintana Pinedo 49
2.2 Curvas regulares
Definição 2.1. Trajetória.
Dizemos trajetória em Rn a toda função ~r : [a, b] −→ Rn. Os pontos ~r(a) e ~r(b) são chamados
de extremos da trajetória. A imagem de ~r é chamada curva de ~r.
Definição 2.2. Funções coordenadas.
Seja ~r : [a, b] ⊆ R −→ R3 uma trajetória definida por ~r(t) = (x(t), y(t), z(t)). As as
funções x, y, z : [a, b] −→ R, que são as coordenadas do vetor ~r(t) são denominadas “funções
coordenadas".
Exemplo 2.1.
Consideremos a trajetória Γ descrita por um ponto P sobre uma circunferência de raio R
que roda entorno do seu eixo com velocidade constante v (movimento uniforme) tal como se
representa na Figura (2.2). A esta linha chamamos ciclóide.
Figura 2.2: Uma ciclóide em R2
Suponhamos que o ponto P se encontra na origem de R2 no instante inicial t = 0. Seja C =
(α, β) o centro da circunferência. Então, sendo o movimento uniforme, o centro da circunferência
move-se de acordo com as equações α(t) = vt, β(t) = R.
Por outro lado, seja T o intervalo de tempo necessário para uma volta completa e seja ω
o ângulo descrito por unidade de tempo (velocidade angular). Sendo o movimento uniforme,
obtemos
2π = ωT ; 2πR = vT
donde se conclui que ω =v
RSuponhamos também que a circunferência roda no sentido de x > 0. Portanto, em cada
instante t > 0, a posição do ponto P pode ser determinada pelo ângulo θ formado entre o eixo
y < 0 e o vetor−−→CP , medido no sentido horário, tal como se representa na Figura (2.2).
Sendo ω a velocidade angular, temos f(t) = ωt =v
Rt. Assim, o ponto P move-se de acordo
com as equações {
x(t) = vt−Rsen( vR t)
y(t) = R−R cos( vR t)
Portanto, o ciclóide é a imagem da trajetória contínua r(t) = (vt−Rsen( vR t), R−R cos( vR t)),
onde 0 ≤ t ≤ Tf , sendo Tf o instante final da observação do movimento.
50 Cálculo Vetorial e Séries
Definição 2.3. Trajetória diferenciável.
Dizemos que a trajetória ~r(t) da Definição (2.2) é diferenciável de classe C1 em [a, b], se cada
uma de suas funções coordenadas x(t), y(t), z(t) também fossem diferenciáveis de classe C1 em
[a, b].
Exemplo 2.2.
Seja ~r : R → R2 definida por ~r(t) = (t, t3). Suas funções coordenadas x(t) = t e y(t) = t2
são contínuas em R, e suas derivadas também são contínuas, então ~r(t) é diferenciável de classe
C1.
Definição 2.4. Curva parametrizada.
Dizemos que uma curva Γ do espaço R3 é curva parametrizada, se ela é a imagem de uma
trajetória ~r : [a, b] ⊆ R −→ R3 diferenciável de classe C1
Exemplo 2.3.
A circunferência Γ : x2 + y2 = 9 completa pode ser escrita pela parametrização ~r(t) =
(3 cos t, 3sent), t ∈ [0, 2π] de tal modo que o gráfico de ~r encontra-se sobre a circunferência Γ
percorrendo no sentido positivo (anti-horário).
A mesma curva deste exemplo, pode ser escrita na forma ~r1(t) = (3 cos 2t, 3sen2t), t ∈[0, π]. Ainda mais, a mesma curva pode ser representada como ~r1(t) = (3 cos(2π− t), 3sen(2π−t)), t ∈ [0, 2π]. Neste caso, o percorrido é no sentido horário.
Exemplo 2.4.
Seja Γ a curva do espaço descrita por ~r : [0,+∞) −→ R3 definida por ~r(t) = (a cos t, asent, bt),
onde a > 0, b > 0.
Suas funções coordenadas x(t) = a · cos t, y(t) = a · sent e z(t) = bt são diferenciáveis e
contínuas, logo a Γ é uma curva parametrizada.
Definição 2.5. Curva fechada.
Uma curva Γ parametrizada definida pela trajetória ~r : [a, b] −→ R3, dizemos que é fechada,
se ~r(a) = ~r(b).
Exemplo 2.5.
Seja ~r : [0, 2π] → R2 definida por ~r(t) = (4 cos t, 2sent) é fechada, pois ~r(0) = ~r(2π).
Definição 2.6. Vetor velocidade.
Seja Γ uma curva parametrizada definida por ~r(t) = x(t)~i+y(t)~j+z(t)~k, e um ponto t0 ∈ [a, b]
de modo que ~r(t0) = P0 exista.
O vetord~r
dt(t0) = ~r ′(t0) = x′(t0)~i+ y′(t0)~j + z′(t0)~k é chamado "vetor velocidade da curva Γ
no ponto P0".
Exemplo 2.6.
Seja ~r(t) = (a · cos t, a · sent, bt) uma curva parametrizada. O vetor velocidade para esta
curva em qualquer ponto ~r(t0) = P0 do seu domínio é ~r ′(t0) = (−a · sent0, a · cos t0, b).
Christian José Quintana Pinedo 51
Definição 2.7. Curva regular.
Uma curva parametrizada Γ definida pela trajetória ~r : [a, b] −→ R3 é regular (ou suave) se
seu vetor velocidade ~r ′(t) é diferente do vetor nulo.
Isto é, dizemos que uma curva Γ do espaço R3 é regular (ou suave) se tiver uma representação
da forma ~r(t) = (x(t), y(t), z(t)) tal que ~r(t) tem uma derivada ~r ′(t) =d~r
dt(t) contínua e que
nunca é igual ao vetor nulo.
Em geral, as partículas que se movimentam no espaço percorrem caminhos suaves, estas
partículas, usualmente não desaparecem nem aparecem espontaneamente, nem mudam de ve-
locidade, é por isso que é importante o estudo das curvas suaves.
Exemplo 2.7.
1. Seja ~r : [0, 2π] −→ R2 definida por ~r(t) = (a cos t, asent) é regular, poisd~r
dt(t) = (−asent, a cos t) 6=
(0, 0), ∀ t ∈ [0, 2π].
2. Seja ~r : [0, +∞) −→ R3 a curva definida por ~r(t) = (a cos t, asent, bt) onde a > 0, b > 0.
Tem-se que esta curva é regular, poisd~r
dt(t) = (−asent, a cos t, 0) 6= (0, 0, 0), ∀t ∈ [0,+∞).
Iremos denominar de “trajetória de integração” a uma trajetória constituída por uma ou mais
(mas sempre em número finito) curvas regulares.
Definição 2.8. Comprimento de arco de uma curva regular.
Seja ~r : [a, b] ⊆ R −→ R3 uma curva regular, tal que ~r(t) = (x(t), y(t), z(t)), e seja t0 < t1
onde t0, t1 ∈ [a, b].
O comprimento de arco da curva Γ representada por L(S) desde ~r(t0) até ~r(t1) é dado por
L(S) =
t1∫
t0
∣∣∣∣
d~r
dt(t)
∣∣∣∣dt =
t1∫
t0
√
[x′(t)]2 + [y′(t)]2 + [z′(t)]2dt
Definição 2.9. Região simplesmente conexa.
Uma região S ⊂ R3 dizemos que é simplesmente conexa, se toda curva simples fechada Γ em
S pode-se deformar continuamente a um ponto sem sair de S.
São regiões simplesmente conexa, Figuras (2.3) e (2.5); a Figura (2.4) não é simplesmente
conexa
2.3 Integral de linha de uma função escalar
Dizemos que uma trajetória em Rn é qualquer função contínua ~r : [a, b] −→ Rn. A imagem
de uma trajetória é uma curva ou linha. Dada uma curva Γ ⊂ Rn, se ~r : [a; b] −→ Rn for uma
trajetória1 tal que ~r([a; b]) = Γ, então ~r também se diz uma parametrização de Γ
Exemplo 2.8.
1Uma trajetória também é conhecida como caminho
52 Cálculo Vetorial e Séries
Figura 2.3: Figura 2.4: Figura 2.5:
• Considere-se a trajetória ~h : [0, 2] −→ R2 definido por h(t) = (t,t
2+ 1): A curva ~h([0, 2])
é o segmento de recta que une os pontos (0; 1) e (2; 2).
• Dado a trajetória ~s : [0, 2] −→ R2 definido por ~s(t) = (t; t2 + 2); a correspondente curva
~s([0, 2]) é uma parte da parábola y = x2 + 2 com 0 ≤ x ≤ 2 :
Exemplo 2.9.
• Para as trajetórias ~r : [0, 2] −→ R2 e ~s : [0, π] −→ R2, definidos por
~r(t) = (cos t, sent) e ~s(t) = (cos 2t, −sen2t)
as respectivas curvas, ~r([0, 2]) e ~s([0, 2]), coincidem com a circunferência de raio um
centrada na origem. A trajetória ~s percorre a circunferência com o dobro da velocidade de
~r e no sentido oposto.
• A trajetória ~r : [0, 2π] −→ R2 definido por
~r(t) =
√
2
cos2 t+ 2sen2t(cos t, sent)
percorre uma vez a elipsex2
2+ y2 = 1 no sentido anti-horário.
Lembrando que integrais simples (ou duplas) de funções escalares cujas imagens são não
negativas em todos os pontos do domínio D, são números também não negativos e que represen-
tam a área da região do plano acima de S e abaixo da curva gráfico da função de uma variável
(ou o volume do sólido no espaço acima de D e abaixo da superfície gráfico da função de duas
variáveis).
Com estas idéias apresentamos três problemas que conduzem à definição da integral de linha.
Problema 2.1. Comprimento de uma linha.
Suponhamos P e Q dois pontos do espaço Rn, designemos por PQ o segmento de linha que
une esses dois pontos. Qual é o comprimento dessa linha?
Sabemos que o comprimento do segmento PQ é dado por ‖Q− P‖.O segmento da reta PQ pode ser definido mediante a trajetória r : [0, 1] −→ Rn definido por
r(t) = P + t(Q− P ).
Christian José Quintana Pinedo 53
Note quedr
dt= Q− P , logo temos ‖Q− P‖ =
1∫
0
‖Q− P‖dt =
1∫
0
‖drdt
‖dt
Portanto, o comprimento do segmento de reta ‖Q− p‖ está dado pela integral
1∫
0
‖drdt
‖dt.
Com está idéia podemos heurísticamente aceitar a seguinte definição
Definição 2.10.
Seja f : S ⊂ Rn −→ R uma função escalar, S aberto, consideremos a trajetória ~r : [a, b] → Rn
de classe C1 que representa a curva Γ ⊂ S. Chama-se integral de linha do campo escalar f ao
longo da curva ~r ó integral
∫
Γ
f =
b∫
a
f(r(t))‖drdt
‖dt (2.1)
O rigor para justificar esta definição apresenta-se mediante os dois seguintes problemas.
Problema 2.2. Massa total do fio.
Como exemplo, suponha-se que temos um fio Γ, cuja configuração é dada por uma certa
trajetória diferenciável ~r : [a, b] −→ R3 , com uma densidade de massa ρ. Qual a massa total do
fio?
Para termos um valor aproximado desta quantidade, podemos adoptar o esquema que já
deve ser familiar ao leitor. Ou seja, primeiro decompomos o intervalo [a, b] num número finito
de subintervalos
a = t0 < t1 < · · · < tn−1 < tn = b
considerando ti+1 − ti = ∆t, e, de seguida, escrevemos a soma para obter aproximadamente a
massa.
M ≈n−1∑
i=0
ρ(~r(t)) ‖ ~r(ti+1) − ~r(ti) ‖=n−1∑
i=0
ρ(~r(t)) ‖ ~r(ti + ∆t) − ~r(ti) ‖
Em princípio, melhores aproximações serão obtidas se tomarmos para ∆t um valor mais
pequeno próximo de zero. A massa total M sería então dada pelo limite:
lim∆t→0
n−1∑
i=0
ρ(~r(t)) ‖ ~r(ti + ∆t) − ~r(ti) ‖ (2.2)
Observe que este limite tem todos os ingredientes do que deve ser um integral e, portanto, é
natural denotá-lo por∫
Γ
ρ.
No entanto, estas considerações não nos dão ainda uma forma prática de calcular o valor
exato da massa total. Precisamos de simplificar o limite (2.2). Para isso, comecemos por notar
que
lim∆t→0
‖ ~r(ti + ∆t) − ~r(ti) ‖∆t
=‖ d~rdt
(t) ‖
54 Cálculo Vetorial e Séries
logo
M =
∫
Γ
ρ = lim∆t→0
n−1∑
i=0
ρ(~r(t)) ‖ ~r(ti + ∆t) − ~r(ti) ‖
= lim∆t→0
n−1∑
i=0
ρ(~r(t))‖ ~r(ti + ∆t) − ~r(ti) ‖
∆t· ∆t
M =
b∫
a
ρ(~r(t)) ‖ d~rdt
(t) ‖ dt
supondo para a última igualdade que ρ e ~r são funções “suficientemente regulares”.
Por exemplo, se ~r é de classe C1 e é contínua, essa igualdade é válida. Fazendo ρ = 1, vemos
que∫
Γ
1 dá-nos também o comprimento do fio da fórmula (4.19).
Definição 2.11.
Seja f : S → R uma função, com S um aberto de Rn, e consideremos uma trajetória ~r :
[a, b] −→ S de classe C1. Notemos por Γ a respectiva curva, isto é, Γ = ~r([a; b]). Chamamos
integral de linha de f sobre a trajetória ~r ao integral
∫
Γ
f =
b∫
a
f(~r(t)) ‖ d~rdt
(t) ‖ dt (2.3)
Existem outras situações não contempladas nos casos acima descritos.
Por exemplo, se quisermos calcular a área de um “muro” construído sobre uma curva e cuja
altura é variável não é possível fazê-lo através de integral definida nem de integral dupla.
Problema 2.3. Área de um muro.
Consideremos uma curva Γ unindo dois pontos no plano-xy e uma função z = f(x, y)
contínua em S onde S é uma região do plano contendo a curva Γ.
Um muro é construído ao longo de Γ e tem altura igual à f(x, y) (supondo que f seja não
negativa em S) em cada ponto (x, y)) de Γ. Qual é a área deste muro?.
Solução.
Para resolver o problema nós tomamos um partição da curva Γ obtendo n arcos pela intro-
dução de n− 1 pontos em Γ entre os seus extremos.
Seja ~r : [a, b] −→ R2 uma curva regular, tal que ~r([a, b]) = Γ ⊂ R2 é a imagem de ~r.
Agora consideremos f : Γ ⊂ R2 −→ R uma função definida sobre a curva Γ.
Consideremos P = { t0, t1, t2, · · · , tn } uma partição de [a, b] tal que a = t0 < t1 < t2 <
· · · < tn = b.
Estes pontos determinam uma partição da curva Γ pelos pontos ~r(a) = ~r(t0), ~r(t1), ~r(t2),
· · · , ~r(ti) = (xi, yi), · · · , ~r(tn) = ~r(b).
Traçando retas verticais por esses pontos (inclusive os extremos) dividimos o muro em n
Christian José Quintana Pinedo 55
Figura 2.6: Figura 2.7:
“tiras’ ’. Denotando por ∆Ai a área da i-ésima “tira” a área do muro é dada por
Área do muro = ∆A1 + ∆A2 + · · · + ∆An =
n∑
i=1
∆Ai
Em cada subintervalo [ti−1, ti] para i = 1, 2, , · · · , n escolhemos um ponto arbitrário ti tal
que ~r(ti) = (xi, yi) ∈ Γ.
Vejamos uma aproximação para a área da i-ésima tira, ∆Ai.
Para isso, tomemos no i-ésimo arco, ~r(ti−1)~r(ti), um ponto (xi, yi) e consideremos a altura
f(xi, yi) do muro neste ponto.
O comprimento do arco ~r(ti−1)~r(ti) denotaremos por L(Si) é dado por:
L(Si) =
ti∫
ti−1
√
[x′(t)]2 + [y′(t)]2dt
Como f é uma função contínua e a i-ésima tira é estreita podemos aproximar o valor de f
para f(xi, yi) em todo (x, y) do arco ~r(ti−1)~r(ti) . Assim, a área da i-ésima tira é aproximada
por
∆Ai ≈ f(xi, yi)L(Si)
enquanto a área do muro tem aproximação
Área do muro ≈n∑
i=1
f(xi, yi)L(Si)
Como podemos intuir, se aumentarmos indefinidamente o número de arcos na partição, em
cada arco o comprimento tende a zero e a função f tende a assumir o valor constante f(xi, yi) .
Desta forma a área do muro é
Área do muro = limn→∞
n∑
i=1
f(xi, yi)L(Si)
que sabemos tratar-se de uma integral e que é chamada integral de linha ou integral curvilínea
56 Cálculo Vetorial e Séries
da função f ao longo da curva Γ e denotaremos∫
Γ
f(x, y)dS. Assim,
Área do muro =
∫
Γ
f(x, y)dS
Definição 2.12.
Se existe um número M ∈ R tal que para todo ε > 0 existe um δ > 0 tal que
∣∣∣∣∣
n∑
i=1
f(xi, yi)L(Si) −M
∣∣∣∣∣< ε
para toda partição P = { t0, t1, t2, · · · , tn } de Γ, então dizemos que existe a integral curvilínea
de f com respeito ao comprimento de arco Γ e se escreve como
∫
Γ
f(x, y)dS = M = lim‖L(Si)‖→0
n∑
i=1
f(xi, yi)L(Si) (2.4)
Onde ‖L(Si)‖ é o comprimento máximo de arco correspondente à partição considerada. �
O conceito de integral de linha constitui uma generalização do conceito de integral definidab∫
a
f(x)dx. No caso da integral definida, a integral é efetuada ao longo do segmento de reta ab
pertencente ao eixo dos−→0x, sendo f(x) uma função definida em qualquer ponto deste segmento
de reta.
Quando se define o integral∫
Γ
f , é preciso ter em atenção que a parametrização utilizada deve
ser previamente estabelecida, uma vez que a fórmula (2.3) depende em geral de ~r. No entanto,
como vamos ver agora, resta-nos alguma liberdade para escolher a parametrização.
Sejam ~r : [a, b] −→ Rn e ~s : [c, d] → Rn duas trajetórias de classe C1, para os quais
existe um difeomorfismo2 ϕ : [a, b] −→ [c, d] de classe C1 (em particular, ϕ′ = 0 em [a, b]),
tal que ~s(ϕ(t)) = ~r(t). Intuitivamente, as trajetórias ~r e ~s percorrem a mesma curva, com os
mesmos pontos de inflexão, passando em cada ponto igual número de vezes, mas com velocidades
e sentidos eventualmente diferentes. Assim, uma vez que
d~s
dϕ(ϕ(t)) · dϕ
dt(t) =
d~r
dt(t)
temos
d∫
c
f(~s(u)) ‖ ~s ′(u) ‖ du =
b∫
a
f(~s(ϕ(t))) ‖ ~s ′(ϕ(t)) ‖‖ ϕ ′(t) ‖ du =
b∫
a
f(~r(t)) ‖ ~r ′(t) ‖ dt
onde na primeira igualdade utilizámos o Teorema da Mudança de Variável para integrais unidi-
2Função diferenciável de modo que sua função inversa também é diferenciável
Christian José Quintana Pinedo 57
mensionais.
Exemplo 2.10.
Consideremos as trajetórias ~r : [0, 2π] −→ R2 e ~s : [0, π] → R2, definidos por
~r = (cos t, sent) ~s = (cos 2t, sen2t)
Estas trajetórias são parametrizações diferentes para uma mesma curva: ~r([0, 2π]) = ~s([0, π]).
Como ~ϕ(t) = ~r(t), sendo ϕ : [0, 2π] −→ [0;π] o difeomorísmo de classe C1 definido por
ϕ(t) = π − t
2, temos que o integral de linha de uma função f sobre a trajetória ~r é igual ao
integral de linha de f sobre a trajetória ~s.
Exemplo 2.11.
Calcular a integral de linha∫
Γ
(xy+ 3x)ds, sendo Γ o segmento que une o ponto A(−1, 0) ao
ponto B(2, 3).
Solução.
Primeiro temos de parametrizar a curva Γ
y − 0 =3 − 0
2 + 1(x+ 1), y = x+ 1
~r(t) = (t, t+ 1), t ∈ [−1, 2]
r′(t) = (1, 1), |r′(t)| =√
1 + 1 =√
2
∫
Γ
(xy + 3x)ds =
2∫
−1
(x(t)y(t) + 3x(t))|r′(t)|dt =
2∫
−1
[t(t+ 1) + 3t]√
2dt = 9√
2
Observe que a parametrização usada foi através da equação reduzida de uma reta no plano,
e o intervalo de variação do parâmetro foi dado pelas abcissas dos pontos de extremidade do
segmento de reta, já que foi considerado x = t. O resultado obtido seria o mesmo se tomássemos
as equações paramétricas da reta para parametrizar o segmento(orientado) ~AB. Ou seja, o vetor
diretor é ~v = B −A = (3, 3) sendo a parametrização dada por
~r(t) = (−1 + 3t, 3t), t ∈ [0, 1] ou ~r(t) = A− t~v, t ∈ [0, 1]
Sugerimos que calcule a integral de linha∫
Γ
(xy+3x)ds, usando esta parametrização. Deverá
dar o mesmo resultado pois a integral de linha é independente da parametrização. �
Claramente se observa mediante a definição a relação que existe entre uma “integral de linha"
e uma “integral definida" sobre o eixo coordenado. No entanto, não é difícil compreender que a
“integral de linha" é mais geral e flexível do que o seu parente mais pobre, a “integral definida".
58 Cálculo Vetorial e Séries
2.4 Aplicações da integral de linha de funções escalares
Mediante a definição da integral de linha para funções escalares podems apresentar algumas
aplicações:
1. Comprimento de um caminho: Seja f ≡ 1. Então, o integral de linha de f
l(Γ) =
∫
Γ
f =
b∫
a
‖drdt
(t)‖dt
é o comprimento da curva Γ = ~r([a, b]).
2. Massa de um fio: Seja ρ : S ⊂ Rn −→ R a densidade de massa por unidade de comprimento
do material que constitui um fio descrito por um caminho ~r : [a, b] −→ Rn. Então, o integral
de linha de f
M =
∫
Γ
ρ =
b∫
a
ρ(~r(t))‖d~rdt
(t)‖dt
é a massa M do fio
3.Centro de massa de um fio: Seja ρ : S ⊂ Rn −→ R a densidade de massa por unidade
de comprimento do material que constitui um fio de massa M descrito por um caminho
~r : [a, b] −→ Rn e seja
f(x) =1
Mx1ρ, i = 1, 2, 3, · · · , n
O centro de massa é o ponto de coordenadas (x1, x2, x3, · · · , xn) calculadas da seguinte
forma
xi =1
M
b∫
a
xi(t)ρ(r(t))‖dr
dt(t)‖dt, i = 1, 2, 3, · · · , n
4. Momento de inércia de um fio: Seja L uma linha reta e designemos por dL(x) a distância
do ponto x ∈ Rn. à linha L. O momento de inércia da linha Γ cuja densidade é ρ relativo
à reta L é a integral de linha da função f(x) = ρ(x)d2L(x), ou seja,
IL =
b∫
a
ρ(r(t))d2L(r(t))‖dr
dt(t)‖dt
Exemplo 2.12.
Seja Γ uma circunferência de raio a e centro na origem de coordenadas em R2. Determine
o comprimento de Γ.
Solução.
A curva Γ podemos escrever na forma r(t) = 9acostheta, asenθ onde 0 ≤ θ ≤ 2π.
Logo, l(Γ) =
∫
Γ
‖drdt
(t)‖dt =
2π∫
0
adt = 2πa.
Christian José Quintana Pinedo 59
Exemplo 2.13.
Calcular o comprimento Γ da hélice cilíndrica (Figura (2.8)) parametrizada por ~r(t) =
(cos 2t, sen2t, t), t ∈ [0, 5π].
Solução.
Tem-se l(Γ) =
5π∫
0
‖ ~r ′(t) ‖ dt =
5π∫
0
‖ (−2sen2t, 2 cos 2t, 1) ‖ dt =
l(Γ) =
5π∫
0
‖√
4(sen22t+ cos2 2t) + 1 ‖=5π∫
0
√5dt = 5
√5π
Logo o comprimento da hélice é 5√
5π
Figura 2.8: Figura 2.9:
Exemplo 2.14.
Seja um fio cuja configuração é dada pela espiral (Figura (2.9)) ~r(t) = (t cos t, tsent), t ∈[0, 2π] e com densidade de massa ρ(x, y) =
√
x2 + y2.
A massa M total do fio vem dada por;
M =
2π∫
0
ρ(~r(t)) ‖ ~r ′(t)dt =
2π∫
0
√
t2(cos2 t+ sen2t) ‖ (cos t− tsent, sent+ t cos t) ‖ dt
=
2π∫
0
t√
1 + t2dt =1
3
[√
(1 + t2)3] ∣∣∣
2π
0=
1
3[√
(1 + 4π2)3 − 1]
�
Exemplo 2.15.
Seja Γ um fio de um material cuja densidade de massa é dada por ρ(x, y) =1
√
1 + x2 + y2
e tem configuração de um espiral descrito pelo caminho ~r(t) = (t cos t, tsent) 0 ≤ t ≤ 4π.
Determine sua massa e a coordenada y do centro de massa.
Solução.
60 Cálculo Vetorial e Séries
Tem-sedr
dt(t) = (cos t− tsent, sent+ t cos t). Seja M a massa do fio, então
M =
∫
Γ
ρ(x, y)dr =
4π∫
0
1√1 + t2
·√
1 + t2dt = 4π
A coordenada y do centro de massa é dado por
y =1
M
∫
Γ
yρ(x, y) =1
4π
2π∫
0
tsent · 1√1 + t2
·√
1 + t2dt = −1
Exemplo 2.16.
Seja Γ ⊂ R3 um fio de um material com densidade de massa ρ(x, y, ) = z cuja configuração
é uma hélice cilíndrica descrita pela curva ~r(t) = (cos t, sent, t), t ∈ [0, 4π]. Determine o
momento de inércia respeito do eixo-x.
Solução.
Como ~r(t) = (cos t, sent, t) ⇒ ‖drdt
(t)‖ =√
2 e o momento de inercia de Γ relativo ao
eixo-x é
Ix(Γ) =
∫
Γ
zρ(x, y, z)dr =
4π∫
0
√2tdt = 8
√2π2
Christian José Quintana Pinedo 61
Exercícios 2-1
1. Parametrize as curvas representadas nas figuras seguintes:
1. 2. 3.
4. 5. 6.
2. Ache um campo vetorial conservativo que tenha o potencial indicado.
1. f(x, y, z) = x2 − 3y2 + 4z2 2. f(x, y, z) = sen(x2 + y2 + z2)
3. f(x, y, z) = arctan(xy) 4. f(x, y, z) = y2e−3x
3. Para cada um dos seguintes exercícios, determine a integral de linha.
1.∫
L
[ x2
√
x2 − y2dx+
2y
4x2 + y2dy]
onde L é o arco y =1
2x2 de (0, 0) até (2, 2).
2.∫
L
[(x2 − 2y)dx+ (2x+ y2)dy] onde L é o arco y2 = 4x− 1 de (1
4, 0) até (
5
4, 2).
3.∫
L
[(x+ y)dx+ (x− y)dy]
1. Através da curva L que é o segmento−→OA e
−−→AB onde A(2, 0), B(2, 1 e O(0, 0).
2. Através da curva L que é o segmento−−→OB.
4.∫
L
[ydx+ (x2 + y2)dy] onde L é o arco da circunferência y =√
4 − x2 de (−2, 0) até
(0, 2).
5.∫
L
[ −yx√
x2 − y2dx+
1√
x2 − y2dy]
onde L é o arco da curva x2 − y2 = 9 de (3, 0) até
(5, 4).
62 Cálculo Vetorial e Séries
6.∫
L
y2sen2x√
1 + cos2 xds onde L é o arco da curva y− = senx de (0, 0) até (π
2, 1).
7.∫
L
y2dx− xdy onde L é a curva y2 = 4x de (0, 0) até (1, 2).
8.∫
L
x2dy onde L é a curva y = x3 − 3x2 + 2x desde (0, 0) até (2, 0).
9.∫
L
[(y − x)dx+ x2ydy] onde L é a curva y2 = x3 desde (1, −1) até (1, 1).
10.∫
L
xy2
x2 + y2dy onde L é o círculo x2 + y2 = a2 no sentido anti-horário.
11.∫
L
xdy onde L é o segmento de retax
a+y
b= 1 desde o ponto de interseção com o
eixo das abscissas até o ponto de interseção com o eixo das ordenadas.
12.∫
L
[yzdx+ zxdy+ xydz] onde L é um arco da hélice x = R cos t, y = Rsent, z =at
2π
desde o ponto de interseção da hélice com o ponto z = 0, até o ponto de interseção
com o plano z = a.
13.∫
L
[y2dx+ z2dy+x2dz] onde L é a curva de interseção da esfera x2 + y2 + z2 = R2 e
o cilindro x2 +y2 = Rx, (R > 0, /z ≥ 0, sendo percorrido no processo de integração
no sentido anti-horário.
4. Determine∫
L
f(x, y)ds se L é a curva no sentido anti-horário do conjunto de pontos S,
onde
1. f(x, y) = xy onde S é o triângulo formado pelo eixos coordenados e a reta x+2y = 1.
2. f(x, y) = x2 + y2 onde S é a semi-circunferência formada pelo eixo 0x e a metade
superior da circunferência x2 + y2 = 4.
3. f(x, y) = xy − y2 onde S = { (x, y) ∈ R2 /. |x| + |y| = 1 }4. f(x, y) = (x − y)2 onde S é um quarto da circunferência x2 + y2 = 4 do primeiro
quadrante e os eixos de coordenadas.
5. f(x, y) = xy onde S é determinado por α(t) = (4sent, 4 cos t), 0 ≤ t ≤ π.
Christian José Quintana Pinedo 63
2.5 Campos vetoriais
Um campo vetorial é sinônimo de função vetorial. Análogamente, uma função ordinária f
que associa um número real a cada ponto de uma região do plano ou do espaço é chamada de
campo escalar ou função escalar.
Funções vetoriais frequentemente aparecem nas aplicações da matemática. O vetor velocidade
do vento na atmósfera, é um exemplo de uma função vetorial. Outros exemplos de funções
vetoriais são o vetor velocidade das partículas de fluidos de uma corrente também o vetor força
da gravedade que exerce a terra sobre um objeto no espaço.
Um campo de forças é um campo vetorial em que a cada ponto está associado um vetor força,
estes campos são comuns em estudos de mecânica e eletricidade.
Figura 2.10: Campo vetorial que descreve o fluxo em uma tuberia
Muitas das importantes propriedades dos campos vetoriais são de carater geométrico, conse-
quentemente são independentes de qualquer sistema de coordenadas, logo muitas vezes definem-se
propriedades de campos vetoriais sem referência a um sistema particular de coordenadas.
Propriedades análogas de cálculo diferencial e integral estudados é possível definir para cam-
pos vetoriais, desde que suas funções componentes satiszafam essas propriedades.
Se a cada ponto P de uma região está associado exatamente um vetor que tenha P como sua
origem (ponto inicial), então a coleção de todos esse vetores constitui um campo vetorial.
Os campos vetoriais independentes do tempo, são chamados de campos vetoriais estacionários.
Lembremos que todo ponto P (a, b, c) do espaço R3 pode ser escrito na forma do vetor−→0P =
(a, b, c) = a~i+ b~j + c~k onde os vetores ~i = (1, 0, 0), ~j = (0, 1, 0) e ~k = (0, 0, 1) formam uma base
canônica do espaço R3.
Denotemos com • o operador para o produto escalar de vetores; isto é, se ~u = u1~i+u2
~j+u3~k
e ~v = v1~i+ v2
~j + v3~k são vetores de R3, o produto escalar é definido por
~u • ~v = (u1~i+ u2
~j + u3~k) • (v1
~i+ v2~j + v3
~k) = u1v1 + u2v2 + u3v3 ∈ R
Seja S ⊂ R3 e consideremos uma transformação ~F : S −→ R3, muitas vezes levando em conta
o significado físico ou geométrico de ~F , será conveniente interpretar ~F (X) com o ponto X ∈ S
como um vetor aplicado em X. Sempre que quisermos interpretar ~F (X) desta forma, referir-nos
a ~F como um campo vetorial e usaremos a notação ~F .
Definição 2.13. Campo vetorial.
Um campo vetorial em Rn é uma função ~F : S ⊂ R −→ Rn que associa a cada ponto X do
seu domínio S um vetor ~F (X)
64 Cálculo Vetorial e Séries
Um campo vetorial em três dimensões, é uma função ~F cujo domínio S ⊆ R3 e sua imagem
(contradomínio) é um subconjunto de R3.
Se (x, y, z) está em S ⊆ R3 então
~F (x, y, z) = F1(x, y, z)~i+ F2(x, y, z)~j + F3(x, y, z)~k
onde Fi : R3 −→ R, i = 1, 2, 3, são funções escalares.
Exemplo 2.17.
Realizar a descrição do campo vetorial ~F dado por ~F (x, y) = −y~i+ x~j.
Solução.
A seguinte tabela mostra os vetores ~F (x, y) associados a vários pontos (x, y) assinalados na
Figura (2.11)
(x, y) ~F (x, y)
(1, 3) −3~i+~j
(1, −3) 3~i+~j
(3, 1) −~i+ 3~j
(3, −1) ~i+ 3~j
(−1, 3) −3~i−~j(−1, −3) 3~i−~j(−3, 1) −~i− 3~j
(−3, −1) ~i− 3~j
-
6
�
?
1
2a
1a
3a
4a−1
a−2a
2
3
4
−1
−2
−3
−4
−3−4 0
x
y
PPi
��1
BB
BBBM
������
��)
PPq
��
��� B
BBBBN
Figura 2.11:
Para chegar a uma descrição de um campo vetorial ~F consideramos um ponto arbitrário
(x, y) e definimos o vetor de posição x~i+ y~j de (x, y).
2.5.1 Gradiente. Divergente. Rotacional
Consideremos o campo vetorial ~F : S ⊂ R3 −→ R3 descrito como ~F (x, y, z) = F1(x, y, z)~i+
F2(x, y, z)~j +F3(x, y, z)~k definido no aberto S ⊂ R3. Suponhamos que F1, F2, F3 sejam de de
classe C1 em S.
No cálculo vetorial o gradiente é a alteração no valor de uma quantidade por unidade de
espaço.
O vetor gradiente ou simplesmente gradiente de uma campo escalar f é dado por:
Definição 2.14. Gradiente.
O gradiente de ~F , que indicamos por ∇ ~F , é o campo vetorial definido em S e dado por
∇~F =∂F1
∂x~i+
∂F2
∂y~j +
∂F3
∂z~k (2.5)
Christian José Quintana Pinedo 65
O símbolo nabla ∇ foi introduzido por William Hamilton e rápidamente assimilado pela
comunidade científica:
O gradiente também pode ser generalizado em ordem - se fornecemos um campo vetorial
obtemos um campo tensorial.
• Por exemplo, o gradiente do potencial elétrico é o campo elétrico. O gradiente da energia
de campo é a força de campo
Propriedades do gradiente.
1. Linearidade: ∇(αf + βg) = α∇f + β∇g; α, β ∈ R
2.- Lei de Leibnitz na multiplicação: ∇(f · g) = g · ∇f + f · ∇g
3.- Lei de Leibnitz na divisão: ∇(f
g) = 1
g2[g · ∇f − f · ∇g] ; g 6= 0
O vetor gradiente sempre será ortogonal às curvas de nível. Com efeito, seja uma função
definida em e diferenciável em todo seu domínio, e suponhamos f(x, y) uma função definida em
D ⊂ R2.
Seja S = { (x, y) ∈ D /. f(x, y) = k, k ∈ R } onde x = x(t) e y = y(t) são tais que
x(0) = x0 e y(0) = y0; então temos diferenciando em relação a t:
∂f
∂x· dxdt
+∂f
∂y· dydt
= 0 ⇒ ∇f(t0) • dr(t0) = 0
A equação final pode ser interpretada como o produto escalar do gradiente de f por um vetor
tangente a f em (x0, y0), logo os dois são perpendiculares entre si.
Gradiente em outras coordenadas.
1. Coordenadas cartesianas: ∇f =∂f
∂x~i+
∂f
∂y~j +
∂f
∂z~k
Onde {~i,~j,~k } é uma base de R3.
2. Coordenadas cilíndricas: ∇f =∂f
∂r~er +
1
r· ∂f∂θ~eθ +
∂f
∂z~k
Onde r representa a distância ao eixo-z, θ é o ângulo considerado, em geral sobre o plano
z = 0 em relação ao eixo-x e r. O conjunto { ~er, ~eθ,~k } é uma base de R3.
3. Coordenadas esféricas: ∇f =∂f
∂ρ~eρ +
1
ρsenϕ
∂f
∂θ~eθ +
1
ρ· ∂f∂ϕ
~eϕ
Onde ρ representa a distância à origem, ϕ é o ângulo entre a reta que liga o ponto à origem
e o eixo-z e θ é o ângulo formado pela projeção da reta que liga o ponto à origem no plano
z = 0 e o eixo-x. O conjunto { ~eρ, ~eθ, ~eϕ } é uma base de R3.
Definição 2.15. Campo conservativo.
Um campo vetorial ~F que é o gradiente de um campo escalar f , é chamado de campo vetorial
conservativo. Isto é. se~F = ∇f
66 Cálculo Vetorial e Séries
�
Em cálculo vetorial, o operador divergência é um operador que mede a magnitude de “fonte”
ou “poço” de um campo vetorial em um dado ponto, isto é, ele pode ser entendido como um
escalar que mede a dispersão ou divergência dos vetores do campo num determinado ponto.
Definição 2.16. Divergente.
Seja ~F = (F1, F2, F3) um campo vetorial definido no aberto S ⊂ R3 e suponhamos que as
componentes F1, F2, F3 admitam derivadas parciais em S. O campo escalar div ~F : S −→ R
dado por
div ~F =∂F1
∂x+∂F2
∂y+∂F3
∂z= ∇ • ~F (2.6)
denomina-se divergente de F .
• Por exemplo, considere o volume de ar de uma sala sendo aquecido ou resfriado. O campo
vetorial neste caso é a velocidade do ar se movendo em um determinado ponto. Se o ar
é aquecido em uma determinada região ele irá se expandir em todas as direções, então
o divergente do campo de velocidade nesta região será positivo pois se observarmos um
pequeno volume nessa região teremos mais ar saindo do que entrando nesse volume.
Se o ar resfria e se contrai, o divergente é negativo pois a há na região uma convergência
de ar, se observarmos um pequeno volume nessa região teremos mais ar entrando do que
saindo neste pequeno volume.
• Um outro exemplo, se ~F denota o campo de velocidade de um líquido, então o div ~F (P )
mede a tendência desse fluido, ao ficar longe de P tem-se div ~F (P ) > 0 e ao acumular-se
entorno de P tem-se div ~F (P ) < 0.
Em cálculo vetorial, rotacional é um operador que descreve a rotação de um elemento in-
finitesimal em um campo vetorial. Em cada ponto do campo, a rotação é representada por um
vetor. Os atributos desse vetor (módulo e direção) caracterizam a rotação nesse ponto.
Definição 2.17. Rotacional.
O rotacional de ~F , que indicamos por rot ~F , é o campo vetorial definido em S e dado por
rot ~F =
∣∣∣∣∣∣∣∣∣
~i ~j ~k∂
∂x
∂
∂y
∂
∂zF1 F2 F3
∣∣∣∣∣∣∣∣∣
(2.7)
Ainda mais, podemos indicar o rotacional como rot ~F = ∇× ~F
A direção do rotacional é o eixo de rotação, conforme determinado pela regra da mão direita,
e a magnitude de rotação em um ponto do campo é a magnitude do vetor rotacional naquele
ponto. Se o campo vetorial representa o fluxo de um fluido em movimento, então o rotacional
representa a rotação de um pequeno volume em um determinado ponto. Um campo vetorial cujo
rotacional é zero é chamado de irrotacional.
Christian José Quintana Pinedo 67
Rotacional corresponde a uma transformação linear de um campo de vetores em um outro
campo vetorial, com significado empregado em diversos ramos da ciência, como eletromagnetismo
e mecânica dos fluidos.
O rot ~F elige a direção do eixo entorno do qual gira o fluido mais rápido, assim rot ~F é uma
medida da rapidez da rotação (dextrogira3).
Exemplo 2.18.
Determinar o gradiente, divergente e rotacional de ~F (x, y, z) = xy2z4~i+(2x2y+z)~j+y3z2~k.
Solução.
Tem-se: F1 = xy2z4, F2 = 2x2y + z, F3 = y3z2, logo∂F1
∂x= y2z4,
∂F2
∂y= 2x2,
∂F3
∂z= 2y3z
∇~F = y2z4~i+ 2x2~j + 2y3z~k
div ~F = y2z4 + 2x2 + 2y3z
rot ~F =
∣∣∣∣∣∣∣∣∣
~i ~j ~k∂
∂x
∂
∂y
∂
∂zF1 F2 F3
∣∣∣∣∣∣∣∣∣
rot ~F =(∂F3
∂y− ∂F2
∂z
)
~i−(∂F3
∂x− ∂F1
∂z
)
~j +(∂F2
∂x− ∂F1
∂x
)
~k =
rot ~F = (3y2z2 − 1)~i+ 4xy2z3~j + (4xy − y2z4)~k =
A propriedade seguinte estabelece uma relação básica entre o gradiente e o rotacional de uma
função
Propriedade 2.1.
Para qualquer ~F função de classe C2 temos que ∇×∇ ~F = 0.
Isto é o rotacional de qualquer vetor gradiente é o vetor nulo.
2.6 Integral de linha de um campo vetorial
Problema 2.4.
Seja ~F um campo vetorial sobre uma certa região S de Rn. Interpretemos ~F como um campo
de forças. Qual o trabalho W realizado por ~F para deslocar uma certa partícula ao longo de uma
curva Γ ⊂ S descrita por ~r : [a; b] −→ Rn?
Para vermos qual a fórmula a utilizar, comecemos por supor que ~F é constante e ~r(t) é o
segmento de reta entre os pontos P1 e P2. Neste caso é bem conhecido que o trabalho realizado
pela força ~F para deslocar uma partícula de P1 para P2 é dado por
~F • (P2 − P1)
3A direção da rotação de acordo com a mão direita
68 Cálculo Vetorial e Séries
Voltemos ao caso geral. Mais uma vez, para obtermos um valor aproximado de W , decom-
pomos o intervalo [a; b] num número finito de subintervalos
a = t0 ≤ t1 ≤ t2 ≤ · · · tn−2 ≤ tn−1 ≤ tn = b
com ti+1 − ti = ∆t; ficamos assim com uma linha poligonal ~r(t0), ~r(t1), ~r(t2), · · · , ~r(tn−1), ~r(tn)
que serve como primeira aproximação á trajetoria ~r : [a, b] −→ Rn
Em seguida, consideramos a soma
W ≈n−1∑
i=0
~F (~r(ti)) • [~r(ti+1) − ~r(ti)] =n−1∑
i=0
~F (~r(ti)) • [~r(ti + ∆t) − ~r(ti)]
Em princípio, melhores aproximações para W serão obtidas se tomarmos para ∆t um valor
mais pequeno. O trabalho W sería então dado pelo limite
lim∆t→0
n−1∑
i=0
~F (~r(ti)) • [~r(ti + ∆t) − ~r(ti)]
podemos escrever
lim∆t→0
n−1∑
i=0
~F (~r(ti)) • [~r(ti + ∆t) − ~r(ti)
∆t]∆t
Mais uma vez, este limite tem todos os ingredientes de um integral, sendo, assim, notado por∫
Γ
~F •d~r. Procedendo com um argumento similar ao utilizado no caso do integral de uma função
sobre uma trajetória, podemos concluir que
W =
∫
Γ
~F • d~r =
b∫
a
~F (~r(t)) • ~r ′dt
no caso de ~F e ~r serem suficientemente “regulares”. �
Estamos assim motivados para a seguinte definição:
Definição 2.18.
Sejam S um aberto de Rn e ~F : S −→ Rn um campo vetorial. Consideremos uma curva Γ
em S descrita pela trajetória ~r : [a, b] −→ Rn de classe C1. Ao integral
∫
Γ
~F • d~r =
b∫
a
~F (~r(t)) • ~r ′(t)dt
chamamos integral de linha do campo vetorial ~F ao longo do caminho ~r ou trabalho realizado
pelo campo F ao longo do caminho ~r(t) .
Sendo ~r de classe C1 , consideremos a sua derivadadr
dt(t) = lim
~r(t+ h) − ~r(t)
h. Tal como se
ilustra na Figura (2.12), a derivadadr
dtdefine a direção da tangente à linha Γ no ponto P = r(t).
Christian José Quintana Pinedo 69
Note-se que à medida que h→ 0 a secante PQ vai-se transformando na tangente
Figura 2.12:
Portanto, se o campo vetorial ~F for, em cada ponto P = r(t) ∈ Γ, ortogonal ao vetor tangentedr
dtnesse ponto, então o trabalho W realizado pelo campo ~F ao longo do caminho ~r será nulo.
Mais uma vez o integral de linha de um campo vetorial ~F depende, em geral, da parametriza-
ção escolhida. No entanto, suponha-se que temos uma curva Γ e duas parametrizações, ~r :
[a, b] −→ Rn e ~s : [c, d] −→ Rn, para as quais existe um difeomorísmo ϕ : [a, b] −→ [c, d] de
classe C1 tal que ~r(t) = ~s(ϕ(t)) e ϕ ′(t) > 0, para todo t ∈ [a; b]. Mais uma vez, como
s′(ϕ(t))ϕ′(t) = ~r ′(t)
temos∫
Γ
~F • d~s =
d∫
c
~F (~s(u)) • ~s ′(u)du =
b∫
a
~F (~s(φ(t))) • ~s (ϕ(t))ϕ′(t)dt
=
b∫
a
~F (~r(t)) • ~r ′(t)dt =
∫
Γ
~F • d~r
�
Se ~F = (F1, F2) e ~r(t) = (x(t), y(t)), podemos notar o integral de linha de ~F ao longo de ~r
por ∫
Γ
~F • d~r =
∫
Γ
F1dx+ F2dy
Exemplo 2.19.
Consideremos o campo vetorial ~F (x, y) = x2~i + y~j e seja Γ a parábola descrita por ~r(t) =
t~i+ (t2 + 1)~j; t ∈ [0, 1]. Determine a integral de linha de ~F ao longo de ~r
Solução.
70 Cálculo Vetorial e Séries
Tem-se∫
Γ
~F • d~r =
1∫
0
~F (~r(t)) • ~r (t)dt =
1∫
0
(t2, t2 + 1) • (1, 2t)dt =
=
1∫
0
(t2 + 2t3 + 2t)dt =1
3t3 +
1
4t4 + t2
∣∣∣
1
0=
11
3
Exemplo 2.20.
De dois modos diferentes, calcular a integral de linha do campo ~F (x, y) = (x2, y2) sobre a
parábola Γ : y = x2, desde A(0, 0) até B(1, 1).
Solução.
1. Parametrizamos a curva Γ mediante ~r(t) = (t, t2), t ∈ [0, 1], logo ~r ′(t) = (1, 2t) e~F (~r(t)) = (t2, t4). Aplicando a igualdade (2.8) segue
∫
Γ
~F (~r) • d~r =
∫
Γ
(x2dx+ y2dy) =
1∫
0
[F1dx
dt+ F2
dy
dt]dt =
1∫
0
[(t2)(1) + (t4)(2t)]dt =2
3
2. Parametrizamos Γ por ~r(t) = (
√t
2,t
4), t ∈ [0, 4], logo ~r ′(t) = (
1
4√t,1
4) e F (~r(t)) = (
t
4,t2
16).
Aplicando a igualdade (2.8) segue
∫
Γ
~F (~r) • d~r =
4∫
0
(t
4,t2
16)(
1
4√t,
1
4)dt =
4∫
0
[(
√t
16+t2
64)]dt =
2
3
Em coordenadas cartesianas, se conseguirmos representar paramétricamente as coordenadas
(x, y, z) em função de somente um parâmetro t, teríamos que
∫
Γ
~F (~r) • d~r =
∫
Γ
(F1dx+ F2dy + Fzdz) =
b∫
a
[F1dx
dt+ F2
dy
dt+ F3
dz
dt]dt (2.8)
uma vez que temos x = x(t), y = y(t) e z = z(t) logo, x′ =dx
dt, y′ =
dy
dte z′ =
dz
dt, etc.
Observação 2.1.
Podemos calcular a integral de linha de uma função ao longo de uma curva, mesmo que
ela assuma também valores negativos em pontos desta curva. Como nas integrais definidas o
resultado será a diferença entre a área onde a ~F é não negativa e a área onde a F é negativa.
Desta forma, não há restrição para o resultado da integral de linha, podendo ser positivo, negativo
ou nulo.
Propriedade 2.2.
Seja ~r : [a, b] −→ R3 uma curva regular definida por ~r(t) = (x(t), y(t), z(t)) tal que ~r(t) =
Γ ⊂ R3 é a imagem de ~r.
Christian José Quintana Pinedo 71
Quando ~F : Γ ⊂ R3 −→ R seja uma função contínua sobre Γ, então:
∫
Γ
~F (x, y, z)dS =
b∫
a
~F (~r(t))|~r′(t)|dt =
b∫
a
~F (x(t), y(t), z(t))∇~r(t)dt
Um caso típico de problemas em Física e Química que envolvem integrais de linha é o trabalho
efetuado por uma força variável para transportar um corpo de massa m do ponto A até ao ponto
B através de uma trajetória curvilínea Γ.
Exemplo 2.21.
Consideremos uma força ~r(t) = x(t)~i+y(t)~j+z(t)~k que atua sobre uma partícula que descreve
a trajetória ~r(t) =~i cos t+~jsent+3t~k 0 ≤ t ≤ 2π, que corresponde à hélice ilustrada na Figura
(2.13):
Figura 2.13:
Temos portanto, que
x(t) = cos t, y(t) = sent, z(t) = 3t
pelo que o trabalho está representado por
∫
Γ
~F (~r) • d~r =
2π∫
0
(−3tsent+ cos2 t+ 3sent)dt = 7π
uma vez que~F (~r) • d~r = (3t~i+ cos t~j + sent~k) • (−~isent+~j cos t+ 3~k).
�
Podemos generalizar um pouco mais as nossas definições de integrais de linha. Para tal,
suponha-se que Γ seja uma curva descrita por uma trajetória ~r : [a, b] −→ Rn seccionalmente
C1, isto é, r é contínua e o intervalo [a, b] admite uma decomposição
a = t0 < t1 < t2 < · · · < tn = b
tal que ~ri = ~r∣∣∣[ti−1, ti]
é de classe C1. Considerando Γi = ~ri([a, b]) tem-se
Γ = Γ1 ∪ Γ2 ∪ Γ3 ∪ · · · ∪ Γn−1 ∪ Γn
e definimos ∫
Γ
Φ =
∫
Γ1
Φ +
∫
Γ2
Φ +
∫
Γ3
Φ + · · · +∫
Γn−1
Φ +
∫
Γn
Φ
sendo Φ uma função ou um campo vetorial em U .
Exemplo 2.22.
Sejam o campo vetorial ~F = yx~i +~j, a curva Γ1 é o segmento de recta de P1 = (1, 1) para
P2 = (0, 0) e Γ1 o segmento da parábola y = x2 entre (0, 0) e (1, 1). Consideremos a curva
72 Cálculo Vetorial e Séries
Γ = Γ1 ∪ Γ2. Determine∫
Γ
~F .
Solução.
O segmento de recta é parametrizado por ~r1(t) = (1 − t, 1 − t), t ∈ [0, 1] e o segmento de
parábola por ~r2(t) = (t, t2); t ∈ [0, 1]. Logo
∫
Γ1
~F =
1∫
0
((1 − t)(1 − t), 1) • (−1, −1)dt = −1∫
0
(1 − 2t+ t, 1) • (1, 1)dt
=
1∫
0
(2 − 2t+ t2)dt = −[2t− t2 +1
3t3]∣∣∣
1
0= −4
3
Por outro lado,
∫
Γ2
~F =
1∫
0
(t3, 1)(1, 2t)dt =
1∫
0
(t3 + 2t)dt = [1
4t4 + t2]
∣∣∣
1
0=
5
4
assim ∫
Γ
~F =
∫
Γ2
~F +
∫
Γ2
~F = − 1
12
2.6.1 Trajetórias opostas
Seja Γ uma curva com parametrização ~r : [a, b] −→ Rn de classe C1. Podemos definir para Γ
uma nova parametrização ~r ∗ : [a, b] −→ Rn de classe C1 ~r ∗(t) = ~r(a+ b− t)
Designamos ~r ∗ a trajetória oposta a ~r. Intuitivamente, ~r ∗ percorre Γ em sentido inverso a ~r.
Deixamos como exercício para o leitor mostrar que, dado um campo vetorial ~F qualquer,
temos: ∫
Γ
~F • d~r ∗ = −∫
Γ
~F • d~r
Sempre que estiver claramente estabelecido qual a trajetória que estamos a considerar para
uma dada curva Γ, ao notar −Γ queremos indicar a mesma curva mas percorrida pela trajetória
oposta.
Assim, podemos também escrever:
∫
−Γ
~F = −∫
Γ
~F
2.7 Propriedades Fundamentais da integral de linha
As integrais de linha satisfazem algumas propriedades de certa forma intuitivas, tendo em
consideração que constituem uma generalização das integrais definidas, Se k ∈ R é uma constante
arbitrária e as curvas Γ1 e Γ2 são ilustradas na Figura (2.14), então:
Christian José Quintana Pinedo 73
1.∫
Γ
k ~F (~r) • d~r = k
∫
Γ
~F (~r) • d~r
2.∫
Γ
[~F (~r) + ~G(~r)] • d~r =
∫
Γ
~F (~r) • d~r +
∫
Γ
~G(~r) • d~r
3.∫
Γ
~F (~r) • d~r =
∫
Γ1
~F (~r) • d~r +
∫
Γ2
~F (~r) • d~r
Figura 2.14:
Para a demonstração destas propriedades, básicamente
se utilizam as propriedades dos limites e dos somatórios.
Quando calculamos uma integral de linha através de
uma curva Γ, estamos trabalhando com uma determinada
orientação desta curva. Se o caminho de integração for
percorrido no sentido inverso, então o valor do integral de
linha fica com sinal contrária.
É de observar que a expressão da integral de linha∫
Γ
~F (~r) • d~r no contexto da mecânica, tem um significado particularmente simples:
Se dividirmos a trajetória Γ em pequenos segmentos de reta de comprimento |d~r| que rep-
resentaremos por vetores elementares d~r, então a integral de linha não é mais do que a soma,
para todos os segmentos infinitesimais (e no limite em que |d~r| tende para zero) da componente
eficaz de ~F em cada segmento. Claro, a componente eficaz de ~F (pense ~F em como uma força e
o integral como o cálculo de um trabalho) não é mais do que a projeção de ~F segundo a direção
especificada por d~r em cada segmento de reta elementar.
Exemplo 2.23.
��
���=
6
-
�������(1, 0, 0)
(0, 1, 0)
(0, 1, 1)
y
z
x
0
Γ1
Γ2
Figura 2.15:
Calcular∫
Γ
~F •d~r onde ~F (x, y, z) = xy~i+xz~j−y~k, a curva
~r = x~i + y~j + z~k e Γ consiste nos segmentos orientados Γ1
de (1, 0, 0) a (0, 1, 0) e Γ2 é o segmento de (0, 1, 0) a (0, 1, 1)
como mostra a Figura (2.15).
Solução.
Ao, longo da curva Γ1 tem-se que z = 0, considerando
y = t, longo x = 1 − t e podemos escrever a equação do
segmento retilineo como ~r(t) = (1 − t)~i− t~k.
Também ~F (1 − t, t, 0) = (1 − t)t~i− t~k. Assim
∫
Γ1
F • dr =
1∫
0
[(1 − t)t~i− t~k] • (−~i+~j)dt =
1∫
0
(−t− t2)dt = −1
6
Ao , longo da curva Γ2 tem-se que x = 0, considerando z = t, longo x = 1 − t e podemos
escrever a equação do segmento retilineo como ~r(t) = ~j + t~k.
74 Cálculo Vetorial e Séries
Também ~F (0, 1, t) = −~k. Assim
∫
Γ2
F • dr =
1∫
0
−~k • ~kdt = −1
Portanto,∫
Γ
~F • d~r =
∫
Γ1
F • dr +
∫
Γ2
F • dr = −1
6− = −7
6. �
É importante ter em conta que as integrais de linha dependem da trajetória de integração
escolhido, mesmo quando os pontos inicial e final são os mesmos. Esta afirmação podemos
confirmar com o seguinte exemplo:
Exemplo 2.24.
Calcular a integral de caminho da função ~F (~r) = 5z~i+ xy~j + x2z~k segundo duas trajetórias
de integração distintos, mas com os mesmos pontos iniciais A = (0, 0, 0) e B = (1, 1, 1).
Solução.
1. Suponhamos a curva Γ1 seja o segmento de reta que liga A a B, mediante a trajetória
~r1(t) = t~i+ t~j + t~k. Fazendo as substituições de ~r(t) em ~F (~r) obtemos:
~F (~r1(t)) = 5t~i+ t2~j + t3~kd
dt~r1(t) =~i+~j + ~k
pelo que as integrais valem
∫
Γ1
~F (~r) • d~r =
1∫
0
(5t~i+ t2~j + t3~k)(~i+~j + ~k)dt =
1∫
0
(5t+ t2 + t3)dt =37
12
2. Por outro lado, suponhamos a curva Γ2 que é o arco da curva parabólica ~r2(t) = t~i+ t~j+ t2~k.
Fazendo as substituições de ~r2(t) em ~F (~r) obtemos:
~F (~r2(t)) = 5t2~i+ t2~j + t4~kd
dt~r2(t) =~i+~j + 2t~k
pelo que as integrais valem
∫
Γ2
~F (~r) • d~r =
1∫
0
(5t2~i+ t2~j + t4~k)(~i+~j + 2t~k)dt =
1∫
0
(5t2 + t2 + 2t5)dt =7
3
�
Suponhamos agora a curva não está restrita a ser parte do eixo−→0x, mas sim pode ser uma
trajetória de integração qualquer, inclusive esta curva pode ser do tipo “curva fechada" como se
ilustra na Figura (2.16).
Fica então a questão:
Christian José Quintana Pinedo 75
Figura 2.16:
Será que existem funções para as quais os integrais de linha entre dois pontos
específicos não dependa da trajetória que os liga?
Neste caso, quando a curva L for fechada teremos que a integral nem sempre é zero sendo a
pergunta natural. Porque?
Como é evidente da expressão acima, a complicação reside na representação paramétrica da
curva, que nem sempre é trivial.
Se a trajetória de integração é uma curva fechada, geralmente a integral escreve-se∮
~F (~r)•d~r.
Exemplo 2.25.
-
6
-6
���
���
L1
L2L3
(1, 1)
0 1
1
x
y
Figura 2.17:
Calcular a integral∫
L
~F • d~r para ~F (x, y) = (x + y, y2), onde
L é a curva fechada da Figura (2.17).
Solução.
Temos que L = L1 ∪ L2 ∪ L3, logo
∫
L
~F • d~r =
∫
L1
~F • d~r +
∫
L2
~F • d~r +
∫
L3
~F • d~r
a) L1 : x = t, e y = 0, t ∈ [0, 1],dx = dt, dy = 0, logo
∫
L1
~F =
∫
L1
(x+ y, y2)(dx, dy) =
1∫
0
(t, 0)(dt, 0) =1
2(2.9)
b) L2 : x = 1, e y = t, t ∈ [0, 1],dx = 0, dy = dt, logo
∫
L2
~F =
∫
L2
(x+ y, y2)(dx, dy) =
1∫
0
(1 + t, t)(0, dt) =
1∫
0
t2dt =1
3(2.10)
c) L3 : x = 1 − t, e y = 1 − t, t ∈ [0, 1],dx = −dt, dy = −dt, logo
∫
L3
~F =
∫
L3
(x+ y, y2)(dx, dy) =
1∫
0
(2 − 2t, (1 − t)2)(−dt, −dt) = −1∫
0
(2t− t2)dt = −4
3(2.11)
Das igualdades (2.9), (2.10) e (2.11) segue que∫
L
~F • d~r =1
2+
1
3− 4
3= −1
2. �
76 Cálculo Vetorial e Séries
2.8 Integral de linha de um campo vetorial conservativo
Quando um campo vetorial é conservativo o integral de linha depende apenas do valor da
função potencial nos pontos inicial e final:
Teorema 2.1. Teorema fundamental do cálculo.
Sejam U um aberto simplesmente conexa de Rn, Γ uma curva em U descrita pela trajetória
~r : [a, b] −→ U de classe C1 tais que P = ~r(a) e Q = ~r(b). Seja f : U −→ R uma função de
classe C1. Quando ~F = ∇f, tem-se:
∫
Γ
~F • d~r = f(Q) − f(P )
Demonstração.
Como ~r(t) = x(t)~i+ y(t)~j + z(t)~k ⇒ d~r
dt(t) =
dx
dt(t)~i+
dy
dt(t)~j +
dz
dt~k.
Por outro lado, F (x, y, z) = ∇f(x, y, z) =∂f
∂x~i+
∂f
∂y~j +
∂f
∂z~k.
∫
Γ
~F • d~r =
∫
Γ
[∂f
∂x· dxdt
+∂f
∂y· dydt
+∂f
∂z· dxdt
]dt (2.12)
Observe que ao longo de Γ f = f(t); como ~r(a) = P e ~r(b) = Q. Podemos escrever a
igualdade (2.12) na forma
∫
Γ
~F • d~r =
b∫
a
d
dtf(x(t), y(t), z(t))dt = f(x(b), y(b), z(b)) − f(x(a), y(a), z(a)) = f(Q) − f(P )
Em termos físicos, este resultado diz-nos que o trabalho realizado por uma força conservativa
para deslocar uma partícula de um ponto P para um ponto Q do espaço, ao longo de uma
qualquer curva, é igual à diferença da energia potencial entre Q e P .
Exemplo 2.26.
Considere-se a função f : R3 −→ R definida por f(x, y, z) = x2y + z e o campo gradiente de
f é ~F = ∇f = (2xy, x2, 1):
Seja Γ uma qualquer curva que una os pontos P = (0, 1, 1) e Q = (1, 0, 2) e ~r : [a, b] −→ R3
uma parametrização de Γ com ~r(a) = P e ~r(b) = Q. Então:
∫
Γ
d~r = f(~r(b)) − f(~r(a)) = f(Q) − f(P ) = 1
Uma consequencia imediata do Teorema (2.1) é a seguinte: supondo que F é um campo
vetorial conservativo e ~r : [a, b] −→ Rn é uma trajetória fechada, isto é, ~r(a) = ~r(b), e notando
Christian José Quintana Pinedo 77
por Γ a respetiva curva, temos:
∫
Γ
F • d~r = f(~r(b)) − f(~r(a)) = 0
Exemplo 2.27.
Voltemos a analisar o campo vetorial ~F =y
x2 + y2~i+
x
x2 + y2~j.
Seja Γ a circunferência descrita por ~r(t) = cos t~i+ sent ~j; t ∈ [0, 2π]. Temos então:
∫
Γ
~F • d~r =
2π∫
0
(sent, cos t) • (−sent, cos t)dt =
2π∫
0
(sen2t+ cos2 t)dt =
2π∫
0
dt = 2π
Assim, como o integral de linha de ~F ao longo da trajetória fechada ~r é diferente de 0,
podemos concluir que o campo vetorial ~F não é conservativo em R2 r {(0, 0)}.
Isso significa que o integral de linha de uma função deste tipo ao longo de uma trajetória
fechada é nula, independente da trajetória.
Como vimos, a independência doa trajetória de integração relaciona o campo vetorial com o
gradiente de um campo escalar f . Não é de estranhar o seguinte resultado
Propriedade 2.3.
Sejam F1, F2, F3 funções contínuas com derivadas parciais contínuas num domínio S ⊂ R3
tal que∫
L
~F (~r) • d~r =
∫
L
(F1dx+ F2dy + F3dz) em L ⊂ S. Então:
1. Se a integral de linha é independente da trajetória de integração em S, tem-se que rot ~F = 0
pelo que, em coordenadas cartesianas, podemos escrever:
∂F1
∂z=∂F3
∂x,
∂F2
∂x=∂F1
∂y,
∂F3
∂y=∂F2
∂z
2. Caso aconteça∂F1
∂z=
∂F3
∂x,
∂F2
∂x=
∂F1
∂y,
∂F3
∂y=
∂F2
∂zem S, sendo S simplesmente
conexo, então∫
L
~F (~r) • d~r é independente da trajetória em S.
Definição 2.19.
Dado um campo vetorial ~F = F1~i+ F2
~j + F3~k tal que DjFi = DiFj ∀ i 6= j diz-se que ~F
é um campo fechado.
Assim, ser fechado è condição necessária para que um campo vetorial seja conservativo.
Exemplo 2.28.
Determinar se o campo vetorial ~F (x, y) = x~i+ y ~j definido em R2 é fechado.
Solução.
78 Cálculo Vetorial e Séries
Trata-se de um campo fechado porque se tem∂F1
∂y=∂F2
∂x= 0 e, portanto, hà a possibilidade
de que seja um campo conservativo.
Para determinar o respectivo potencial escalar, caso exista, consideremos as equações
x =∂f
∂x
y =∂f
∂y
Da primeira equação, obtemos f(x, y) =x2
2+C(y) e da segunda equação C(y) =
y2
2+C em
que C é uma constante.
Assim, o potencial escalar do campo ~F é dado por f(x, y) =1
2(x2 + y2) + C.
Exemplo 2.29. Campo gravitacional.
Seja M uma massa pontual e situada na origem de R3. O campo gravitacional gerado pela
massa M está dado por
~F (x, y, z) = −GM (x, y, z)
‖(x, y, z)‖3= −GM ~r
‖~r‖3
em que r(t) = (x, y, z) e G é a constante universal da gravitação. Verificar se ~F é um campo
conservativo.
Solução.
Observe que se, f(x, y, z) = GM1
√
x2 + y2 + z2= GM
1
‖~r‖ , então ~F = ∇f , assim ~F é
campo vetorial conservativo, o domínio do campo ~F coincide com o de f em R3 r {(0, 0)}
Exemplo 2.30. Campo gravitacional.
Consideremos o campo vetorial ~F : R2 r {(0, 0)} −→ R2 definido por ~F (x, y) = − y
x2 + y2~i+
x
x2 + y2~j. Determine se é conservativo.
Solução.
Podemos observar que ~F é um campo fechado. Note que para x 6= 0 tem-se
− y
x2 + y2=
∂
∂xarctan
y
x;
x
x2 + y2=
∂
∂yarctan
y
x
No entanto, o campo escalar f(x, y) = arctany
xestá definido no subconjunto de R2 em
que x 6= 0 e, e, portanto, não coincide com o domínio do campo vetorial F que é o conjunto
R2 r {(0, 0)}.Assim, a função f(x, y) = arctan
y
xnão é um potencial escalar do campo ~F
Seja Γ a circunferência de raio a e centro na origem descrita pela curva ~r(t) = (a cos t ~i +
asent ~j; t ∈ [0, 2π], então
∫
Γ
~F =
2π∫
0
(−asenta2
,a cos t
a2) • (−asent, a cos t)dt = 2pi
Christian José Quintana Pinedo 79
Sendo r(t) uma curva fechada, concluímos que F não é campo conservativo em R2 r{(0, 0)}.
Observação 2.2.
Observe que se considerarmos o campo F definido apenas no aberto S = { (x, y) /. x > 0 }então F é um campo conservativo, é o gradiente da função f(x, y) arctan
y
x. O mesmo ocorre
para o conjunto S = { (x, y)/. x > 0}. logo existem subconjuntos de R2 r{(0, 0)} para os quais~F seja conservativo.
Note que S = { (x, y) /. x > 0 } é conjunto conexo, entanto R2 r {(0, 0)} não é conexo.
Note-se também que o integral de linha de ~F ao longo de uma circunferência centrada na
origem não depende do raio.
Desta observação surgem três importantes perguntas;
1. Será que o campo ~F é gradiente nos subconjuntos conexos de R2 r {(0, 0)}?
2. Será possível caraterizar os subconjuntos de R2 r {(0, 0)} em que ~F ´e um campo gradiente?
3. Será que a integral de linha de ~F ao longo de uma linha qualquer fechada entorno da origem
é igual ao integral de linha de ~F ao longo de uma circunferência centrada na origem?
2.9 Aplicações da integral de linha
Seja ~r : [a, b] −→ R3 a representação de uma curva regular L e seja ~F : L ⊂ R3 −→ R uma
função contínua sobre L.
1. Comprimento de curva: Se L representa a trajetória de um fio de arame em R3 e ~F (x, y, z) =
1, ∀ (x, y, z) ∈ L, tem-se que o comprimento L desse fio é dado por
L =
∫
L
~F (x, y, z)dS =
∫
L
dS
2. Massa e centro de massa: Se ρ : L ⊂ R3 −→ R é a função de densidade da massa de um
fio de arame representada pela curva L, então a massa do arame é dado por
M =
∫
L
ρ(x, y, z)dS
Portanto, o centro de massa do arame (x, y, z), onde
x =1
M
∫
L
xρ(x, y, z)dS, y =1
M
∫
L
yρ(x, y, z)dS, z =1
M
∫
L
zρ(x, y, z)dS
3. Momento de inércia: Se d(x1, x2, x3) é a distância desde o ponto (x1, x2, x3) do arame a
uma reta ou ao plano, então o momento de inércia correspondente à curva L com função
80 Cálculo Vetorial e Séries
densidade de massa ρ : R3 −→ R está dado por
IL =
∫
L
d2(x, y, z)ρ(x, y, z)dS
em particular, os momentos de inércia do arame respeito dos eixos x, y e z correspondentes
são
Ix =
∫
L
(y2 + z2)ρ(x, y, z)dS, Iy =
∫
L
(x2 + z2)ρ(x, y, z)dS, Iz =
∫
L
(x2 + y2)ρ(x, y, z)dS
4. Trabalho: Seja ~F = (F1, F2, F3) a representação de uma força, e seja L uma curva em R3,
suponhamos que uma partícula se movimenta ao longo de L. O trabalho total realizado
pela força ~F ao longo da curva L é dado por
W =
∫
L
~F • d~r
Exemplo 2.31.
Uma partícula se movimenta no plano-xy ao longo da reta A(a, b) ao ponto B(c, d), devido
à força ~F = − x
x2 + y2~i− y
x2 + y2~j. Determine o trabalho W realizado pela força ~F .
Solução.
Tem-se que a curva esta representada pela função ~r(t) = (a+ t(c−a)~i+(b+ t(d− b))~j sendo
0 ≤ t ≤ 1, logo o trabalho ao longo da curva L é
W =
∫
L
~F • d~r =
∫
L
(− x
x2 + y2~i− y
x2 + y2~j) • d~r(t)
W = −1∫
0
[[a+ t(c− a)]c+ [b+ t(d− b)]d
[a+ t(c− a)]2 + [b+ t(d− b)]2
]
dt =1
2Ln
[a2 + b2
c2 + d2
]
Exemplo 2.32.
Determine a massa M e coordenadas do centro de massa de um arame na forma de hélice
descrito pela curva ~r(t) = cos t ~i + sent ~j + t ~k entre t = 0 e t = 2π, se sua densidade é
ρ(x, y, z) = x2 + y2 + z2.
Solução.
Como ~r(t) = cos t~i+ sent~j + t ~k entãod~r
dt(t) = −sent~i+ cos t~j + ~k e ‖d~r
dt(t)‖ =
√2, logo a
massa M é
M =
2π∫
0
(1 + t2)√
2dt = 2√
2(π +4π3
3))
Logo, x =1
M
2π∫
0
t(1 + t2)√
2dt =3(π + 4π3)
3 + 4π2
Christian José Quintana Pinedo 81
Exemplo 2.33.
Determine o trabalho efetuado por uma partícula que se movimenta de (0, 0) até (2, 0) sobre
uma curva que percorre o conjunto S = {(x, y)/. y = 1−|1−x|} se a força é F (x, y) = y2~i+x~j.
Solução.
Definamos Γ = Γ1 ∪ Γ2 onde ~r1(t) = t~i + t ~j, 0 ≤ t ≤ 1 descreve Γ1, e ~r2(t) = (1 + t)~i +
(1 − t)~j, 0 ≤ t ≤ 1 descreve Γ2, logo
W =
∫
Γ
F • d~r =
∫
Γ1
F • d~r +
∫
Γ2
F • d~r =
=
1∫
0
(t2 + t)dt+
1∫
0
[(1 − t2) + (1 + t)(−1)])dt = −1
3
2.10 Teorema de Green
O teorema fundamental do cálculo estabelece que a derivação e integração são processos
inversos, uma generalização apropriada deste teorema a integrais duplas de funções de duas
variáveis é conhecido como Teorema de Green no plano.
Existe uma importante relação entre as integrais duplas e as integrais de linha sobre curvas
fechadas simples, que a continuação discutiremos. Vejamos como é possível relacionar integrais
de linha com integrais duplas e vicê versa.
Se ~F = (F1, F2) é o gradiente de um campo escalar, e se no teorema fundamental do cálculo
para integrais de linha (Teorema (2.1)) os pontos P e Q coincidem, então o teorema nos diz que
a integral de linha de ~F ao longo de uma curva fechada (com restrições sobre a região D) é nula.
Se ~F não é gradiente de uma função escalar, a integral de linha pode ser relacionada à variação
de ~F na região fechada. O teorema de Green é para curvas no plano:
Teorema 2.2. De Green.
Seja L uma curva regular simples e fechada orientada positivamente e seja D ⊂ R2 a região
simplesmente conexa que consiste em L e seu interior. Se F1(x, y) e F2(x, y) são funções
contínuas com derivadas parciais primeiras contínuas em toda uma região contendo D, então
∫
D
∫ [∂F2
∂x− ∂F1
∂y
]
dxdy =
∮
L
[F1dx+ F2dy] (2.13)
A demonstração deste teorema, implica um argumento de aproximação que não será apre-
sentado. É exercício para o leitor. �
Como ~F = F1~i+ F2
~j é um campo vetorial de classe C1 no aberto D ⊂ R2 e seja L como no
Teorema de Green.
Sendo∂F2
∂x− ∂F1
∂y= (rot ~F ) •~k, a expressão (2.13) pode reescrever-se em notação vetorial da
82 Cálculo Vetorial e Séries
seguinte forma: ∫
D
∫
(rot ~F ) • ~kdxdy =
∮
L
~F • d~r
O integrando sobre a região D é visto como algum tipo de derivada do integrando ao longo
do contorno que determina a região. Nesta forma, o teorema de Green é, também conhecido
como teorema de Stokes no plano.
Figura 2.18:
Para o caso∂F2
∂x− ∂F1
∂y= 1 então a área de D é
dada por
Área(D) =
∮
L
F1dx+ F2dy
O Teorema de Green podemos estender a conjuntos
mais gerais.
Suponhamos D uma região fechada e limitada do
plano-xy delimitada por uma curva L que se pode rep-
resentar como a união disjunta de um número finito de
curvas lisas como indica a Figura (2.18).
Isto é, suponhamos que o conjunto D tem como
fronteira as curvas fechadas α1 e α2 que percorrem no sentido positivo (anti-horário) em re-
lação a D. Isto significa que a região D sempre fica no lado esquerdo quando uma partícula se
movimenta sobre α1 e α2.
Corolario 2.10.1.
Seja D um conjunto fechado e limitado de R2 tal que a fronteira percorre um número finito
de curvas fechadas simples Lk e suponhamos que cada Lk está orientada positivamente respeito
de D.
Se F1, F2 : D ⊂ R2 −→ R são funções contínuas em uma vizinhança de D, então
∫
D
∫ [∂F2
∂x− ∂F1
∂y
]
dxdy =
n∑
k=1
∮
Lk
F1dx+ F2dy (2.14)
Exemplo 2.34.
Figura 2.19:
Seja D a região exterior à circunferência de raio
a unidade que está limitado á esquerda pela parabola
y2 = 2(x+ 2) e à direita pela reta x = 2 como indica a
Figura (2.19). Utilizando o teorema de Green calcular
∫
L1
(−y · dxx2 + y2
+x · dyx2 + y2
)
onde L1 é a fronteira exterior de D.
Solução.
Podemos escrever F1 =−y
x2 + y2e F2 =
x
x2 + y2.
Christian José Quintana Pinedo 83
Observamos que F1 e F2 possuem singularidades
na origem.
Designando com L2 a fronteira do círculo unidade orientada no sentido horário e observando
que∂F1
∂y− ∂F2
∂x= 0, pelo teorema de Green concluimos que
∫
L1+L2
(−y · dxx2 + y2
+x · dyx2 + y2
)
= 0
logo ∫
L1
(F1dx− F2dy) = −∫
L2
(F1dx− F2dy) =
∫
−L2
(F1dx− F2dy) =
onde −Γ2 é a fronteira do círculo unidade orientado no sentido anti-horário.
Fazendo mudança de variáveis x = cos θ, y = senθ 0 ≤ θ ≤ 2π na circunferência unidade
Γ2 obtém-se∫
L1
(Pdx−Qdy) =
2π∫
0
(sen2θ + cos2 θ)dθ = 2π
Portanto,∫
L1
(−y · dxx2 + y2
+x · dyx2 + y2
)
= 2π.
Exemplo 2.35. Transformação de integral de linha em uma de área.
Calcular∫
L
x4dx + xydy , onde L é a curva triangular que une os pontos (0, 0), (0, 1) e
(1, 0), orientada positivamente.
Solução.
-
6
-
?
@@@I
@@@
0
y
y = 1 − x
x
1
1
Figura 2.20:
O gráfico indica la região limitada pela curva L.
Tem-se:
F1(x, y) = x4 ⇒ ∂F1
∂y= 0 e;
F2(x, y) = xy ⇒ ∂F2
∂x= y, logo
∫
L
x4dx+ xydy =
∫
D
∫
(∂F1
∂y− ∂F2
∂x)dxdy =
=
1∫
0
1−x∫
0
ydydx =
1∫
0
1
2y2∣∣∣
1−x
0dx =
1
2(1 − x)3
∣∣∣
1
0=
1
6
Observe que se hubiesemos resolvido a integral curvilínea deveriamos ter resolvido três inte-
grais com as correspondentes parametrizações.
Exemplo 2.36.
Calcular a integral I =
∮
L
[(xy+x+y)dx+(xy+x−y)dy] onde L é a fronteira da circunferência
84 Cálculo Vetorial e Séries
x2 + y2 = ax
Solução.
Fazendo F1 = (xy + x+ y) e F2 = (xy + x− y) tem-se que
∂F1
∂y= x+ 1,
∂F2
∂x= y + 1
A mudança de variável x = r cos θ e y = rsenθ para 0 ≤ r ≤ a cos θ e −π2
≤ θ ≤ π
2descreve a circunferência dada, logo
I =
∫
D
∫
(y − x)dxdy =
π2∫
−π2
cos θ∫
0
= (−r cos θ + rsenθ)rdrdθ
=a3
3
π2∫
−π2
[−cos4θ + cos3 θsenθ]dθ = −a2π
8
Portanto, o valor da integral I = −a2π
8. �
Observação 2.3.
Existe uma ambigüidade no sentido em que a curva fechada é percorrida. Como vimos, neste
caso, ao integrar entre−π2
eπ
2estamos explicitamente a rodar no sentido anti-horário. Este
coincide com o sentido de circulação positivo.
O sentido de circulação é positivo quando se circula ao longo da curva fechada de tal modo
que a área que esta delimita se encontra à esquerda como indica a Figura (??).
Propriedade 2.4.
Se Γ é uma curva fechada simples que limita uma região para a qual se aplica o teorema de
Green, então a área da região D limitada por Γ esta dada por:
A(D) =1
2
∫
Γ
x · dy − y · dx
Demonstração.
Sejam P (x, y) = −y e Q(x, y) = x então, pelo teorema de Green temos
1
2
∫
Γ
x · dy − y · dx =1
2
∫
D
∫ [∂x
∂x− ∂(−y)
∂y
]
dxdy] =1
2
∫
D
∫
[1 + 1]dxdy = A(D)
Exemplo 2.37.
Determine a área da elipsex2
a2+y2
b2= 1.
Solução.
Christian José Quintana Pinedo 85
Podemos parametrizar a elipse com as equações x(t) = a cos t, y(t) = bsent; 0 ≤ t ≤ 2π.
Então, pela propriedade precedente
A(D) =1
2
∫
Γ
x · dy − y · dx =
2π∫
0
[(a cos t)(b cos t) − (bsent)(−asent)]dt] = abπ
Exemplo 2.38. Limitações na aplicação do Teorema de Green.
Dado F (x, y) = (F1, F2) =(−y~i+ x~j)
(x2 + y2)
a) Calcular a integral de linha sobre circunferência x2 + y2 = 1
b) Calcular Área =
∫
D
∫∂F2
∂x− ∂F1
∂ydA, onde D es la região limitada pela curva de a).
c) Estes resultados estão de acordo o no con el Teorema de Green?
Solução.
a) Parametrizando a circunferência x2 + y2 = 1
x = cos t ⇒ dx = −sentdt, y = sent ⇒ dt = cos tdt, 0 ≤ t ≤ 2π
F1(x, y) =−y
(x2 + y2)⇒ F1(x(t), y(t)) =
−sent
(cos t2 + sent2)⇒ F1dx = sen2tdt
F2(x, y) =x
(x2 + y2)⇒ F2(x(t), y(t)) =
cos t
(cos t2 + sent2)⇒ F2dy = cos2 tdt
Integrando obtemos:
∫
L
[F1dx+ F2dy] =
2π∫
0
[sen2t+ cos2 t]dt = 2π
b) Fazendo os cálculos diretamente en coordenadas cartesianas é:
∂F1
∂y=
−(x2 + y2) + 2y2
(x2 + y2)2=
y2 − x2
(x2 + y2)2
∂F2
∂x=
(x2 + y2) − 2x2
(x2 + y2)2=
x2 − x2
(x2 + y2)2
⇒ ∂F2
∂x− ∂F1
∂y= 0 ⇒
Área =
∫
D
∫∂F2
∂x− ∂F1
∂ydA = 0
c) Aparentemente estes resultados contradizem o Teorema de Green. Não obstante, este último
não é aplicável à região en questão, dado que as funções F1 e F2 não têm derivadas parciais
contínuas no ponto (0; 0), que está contido na região.
Exemplo 2.39. Determinação de área mediante uma integral de linha.
86 Cálculo Vetorial e Séries
Determine a área da região limitada pela hipociclóide que tem como equação vetorial
~r(t) = cos3 t~i+ sen3t ~j, 0 ≤ t ≤ 2π
Solução.
Da parametrização da curva temos:
x = cos3 t ⇒ x2/3 = cos2 t e y = sen3t ⇒ y2/3 = sen2t.
Somando membro a membro temos:
x2/3 + y2/3 = cos2 t+ sen2t = 1 então y = ± 3√
(1 − x2/3)2 e; Área =
1∫
−1
3√
(1−x2/3)2∫
− 3√
(1−x2/3)2
dydx.
Figura 2.21:
Este cálculo, utilizando a integral de área, é bas-
tante complicado.
O teorema de Green permite transformar esta in-
tegral em uma outra integral curvilínea, usando como
trajetoria a hipociclóide do enunciado e definindo uma
função apropriada para a integração. Lembre que a
área de uma região D é dada por Área =
∫
D
∫
dA.
Assim, para aplicar Green deberíamos achar funções
F1 e F2 tais que∂F2
∂x− ∂F1
∂y= 1.
Um par de funções simples que cumprem esta
condição são: F1 = 0 e F2 = x.
do a parametrização, podemos escrever:
x(t) = cos3 t ⇒ d
dtx(t) = −3 cos2 tsent e y(t) = sen3t ⇒ d
dty(t) = 3sen2t cos t
Logo, Área =
∫
D
∫
dA =
∫
L
[F1dx+ F2dy] =
2π∫
0
cos3 t3sen2t cos tdt =
= 3
2π∫
0
cos4 t sen2tdt =3
4
2π∫
0
cos2 t sen22tdt =3
8
2π∫
0
(1 + cos 2t)sen22tdt =
Área =3
8
2π∫
0
(sen22t+ sen22t cos 2t)dt =3
16
2π∫
0
(1 − cos 4t) + 2sen22t cos 2t)dt =
Área =3
16
[
t− 1
4sen4t+
2
3sen32t
] ∣∣∣
2π
0=
3
8π
Deste modo como podemos observar, aplicamos uma ferramenta para obter a área de uma
região limitada por uma curva fechada, que podemos adicionar ao método das coordenadas
polares.
Exemplo 2.40. Aplicação do teorema de Green a un problema físico sobre uma região não
conexa.
Christian José Quintana Pinedo 87
Determinar o momento de inércia de uma arandela homogênea de radio interno a, radio
externo b e massa M , respecto a um de seus diâmetros.
Solução.
Figura 2.22:
Determinemos o momento de inércia respeito ao
diâmetro colinear con o eixo x. Da Física sabemos que:
Ix =
∫ ∫
ρy2dA
Onde ρ é a densidade superficial da arandela,
supondo constante dado que é homogênea.
Esta região não é simplesmente conexa porém,
como vimos puedemos estender o teorema de
Green a este tipo de região com buracos, con-
siderando:
∫
D
∫ (∂F2
∂x− ∂F1
∂y
)
dA =
∫
L1
F1dx+ F2dy −∫
L2
F1dx+ F2dy
Assim, podemos calcular a integral dupla do momento de inércia como duas integrais.
Para isto debemos achar funções F1, F2 tais que:∂F2
∂x− ∂F1
∂y= y2
Consideremos por exemplo F2 = 0 e F1 = −1
3y3
Aplicando Green con esta função tenemos:
Ix =
∫
D
∫
ρy2dA = −∫
L1
ρ1
3y3dx+
∫
L2
ρ1
3y3dx (2.15)
Parametrizando estas curvas tenemos:
L1 =
{
x = b cos t ⇒ dx = −bsent dty = bsent ⇒ dy = b cos t dt
0 ≤ t ≤ 2π
L2 =
{
x = a cos t ⇒ dx = −asent dty = asent ⇒ dy = a cos t dt
0 ≤ t ≤ 2π
Substituindo em (2.15)
Ix =
∫
D
∫
ρy2dA =
2π∫
0
ρ1
3b3sen4t dt−
2π∫
0
ρ1
3a4sen4t dt = ρ
1
3(b4 − a4)
2π∫
0
sen4t dt =
Ix = ρ1
3(b4 − a4)
2π∫
0
sen2t(1 − cos2 t)dt = ρ1
3(b4 − a4)
2π∫
0
(sen2t− sen22t
4)dt
88 Cálculo Vetorial e Séries
Ix = ρ1
3(b4 − a4)
2π∫
0
[1 − cos 2t
2− 1 − cos 4t
8
]
dt =1
4ρ(b4 − a4)π
Como a massa M = b2 − a2 segue que
Ix ==1
4ρπ(b4 − a4) =
1
4ρπM(b2 − a2)
Isto é o modo de expressar o momento de inércia: como o produto de um comprimento ou
soma de comprimentos ao quadrado pela massa da arandela.
Christian José Quintana Pinedo 89
Exercícios 2-2
1. Para cada um dos seguintes exercícios determine o divergente de F no sistema de coorde-
nadas dado.
1. F (x, y, z) = (a11x+ a12y + a13z)~i+ (a21x+ a22y + a23z)~j + (a31x+ a32y + a33z)~k
2. F (x, y, z) = (x2 − y2)~i+ (x2 − z2)~j + (y2 − z2)~k
3. F (x, y, z) = (x2 + 1)~i+ (y2 − 1)~j + z2~k
4. F (x, y, z) = 4xz~i− 2yz~j + (2x2 − y2 − z2)~k
5. F (x, y, z) = exz(cos yz~i+ senyz~j − ~k
6. F (x, y, z) = yLn(1 + x)~i+ zLn(1 + y)~j + xLn(1 + z)~k;
7. F (x, y, z) = ∇G; G(x, y, z) = x3 − 3xy2
8. F (x, y, z) = ∇G; G(x, y, z) = ex cos y + ey cos z + ez cosx
2. Calcular o rotacional ∇× F , de cada um dos seguintes campos vetoriais.
1. F (x, y, z) = x~i+ y~j + z~k 2. F (x, y, z) = yz~i+ xz~j + xy~k
3. F (x, y, z) = (x2 + y2 + z2)(3~i+ 4~j + 5~k) 4. F (x, y, z) =yz~i− xz~j + xy~k
x2 + y2 + z2
3. Verificar que ∇× (∇f) = 0 para cada uma das seguintes funções;
1. f(x, y, z) =√
x2 + y2 + z2 2. f(x, y, z) = xy + yz + xz
3. f(x, y, z) =1
x2 + y2 + z24. f(x, y, z) = x2y2 + y2z2
4. Mostrar que F (x, y) = (y cosx)i+ (xseny)j não é um campo vetorial conservativo.
5. Para cada um dos seguintes exercícios, calcular∫
Γ
F • dr. Desenhar o arco Γ em cada
caso.
1. F (x, y, z) = xy~i− y~j + ~k; Γ é o segmento de (0, 0, 0) a (1, 1, 1).
2. F (x, y, z) = xy~i− y~j + ~k; Γ é o arco dado por x = t, y = t2, z = t3, 0 ≤ t ≤ 1
3. F (x, y, z) = x~i−~j + z~k; Γ é a curva x = cos θ, y = senθ, z =1
πθ, 0 ≤ θ ≤ 2π
4. F (x, y, z) = x~i− y~j + z~k; Γ é o segmento de (1, 0, 0) a (1, 0, 2).
5. F (x, y, z) = 2x~i− 3y~j + z2~k; Γ é a curva x = cos θ, y = senθ, z = θ 0 ≤ θ ≤ π
2
6. F (x, y, z) = 2x~i− 3y~j + z2~k; Γ é o segmento de (1, 0, 0) a (0, 1, π2 ).
7. F (x, y, z) = y2~i+ x2~j + 0.~k; Γ é o arco x = t, y = t2, z = 0, 1 ≤ t ≤ 2
8. F (x, y, z) = z2~i+ 0.~j+ x2~k; Γ = Γ1 ∪Γ2 é o segmento Γ1 de (1, 0, 1) a (2, 0, 1) e Γ2
de (2, 0, 1) a (2, 0, 4)..
90 Cálculo Vetorial e Séries
6. Para os seguintes exercícios, transformar as integrais curvilineas consideradas ao longo dos
contornos fechados L, no sentido mpositivo, em integrais duplas sobre os domínios limitados
por estes mesmos contornos.
1.∫
L
(1 − x2)ydx+ x(1 + y2)dy
2.∫
L
(exy + 2x cos y)ydx+ (exy − x2seny)dy
7. Calcular a integral do Exercício anterior (1.) de dois modos considerando a circunferência
x2 + y2 = R2 como contorno de Integração L.
1. Diretamente.
2. Aplicando a fórmula de Green.
8. Para cada um dos seguintes exercícios utilizar o teorema de Green para calcular as integrais
de linha dada. Comence desenhando a região D.
1.∮
Γ
2xydx + y2dy, onde Γ é a curva fechada limitada por y =x
2, y =
√x entre os
pontos (0, 0) e (4, 2).
2.∮
Γ
√ydx+
√xdy, onde Γ é a curva limitada por y = 0, x = 2, y =
x2
2.
3.∮
Γ
(2x+y2)dx+(x2+2y)dy, onde Γ é a curva fechada limitada por y = 0, x = 2, y =x3
4
4.∮
Γ
xydx+ (x+ y)dy, onde Γ é o triângulo com vértices (0, 0), (0, 1), (2, 0)
5.∮
Γ
(e3x+2y)dx+(x2+senydy, onde Γ é o retângulo com vértices (2, 1), (7, 1), (7, 5), (2, 5)
Capítulo 3
INTEGRAL DE SUPERFÍCIE
F. Gauss
George Gabriel Stokes nasceu em 13 de agosto de 1819 emSkreen, Irlanda. Matemático e notável físico teórico britânico que sedistinguiu pelas suas contribuições na dinâmica de fluidos com, asEquações de Navier-Stokes, na óptica e na física matemática (Teoremade Stokes..
De uma família de raízes profundas na Igreja da Irlanda, era filhode um reitor e recebeu sua educação elementar de seu pai e de um es-criturário paroquial local. Entrou na Universidade de Pembroke (1837)e depois de formado, continuou ensinando naquela faculdade. Foinomeado professor de matemática em Cambridge (1847), cargo quejá havia pertencido a Isaac Newton, e permaneceu na Inglaterra peloresto de sua vida.
Na Inglaterra foi professor em Cambridge, secretário da Royal So-ciety e, finalmente, seu presidente. Era profundamente religiosos e preocupado com a relação entre ciên-cia e religião. Publicou mais de cem trabalhos científicos sobre variados assuntos, particularmente sobrehidrodinâmica..
Especialista em pesquisas para a determinação de viscosidade de fluidos, particularmente usando emseus experimentos conjuntos de esferas. Seus primeiros trabalhos correspondentes ao período 1842−1850,tiveram por objeto o movimento dos fluidos viscosos e a elasticidade dos corpos sólidos, e le levaram àsolução matemática de muitos problemas de reconhecida importância prática e científica. Ofereceou umaexplicação completa da suspensão das nuves.
Com o artigo “On the Theories of the Internal Friction of Fluids in Motion, and of the Equilibriumand Motion of Elastic Solid” (1845), publicou a versão definitiva da equação Navier-Stokes.
Entre todos os estudos de óptica de Stokes destacam-se os dois trabalhos clássicos sobre a mudança darefragibilidade da luz (On the Change of Refrangibility of Light, en Philosophical Transactions of London,1852 e 1853 ) com a descoberta do fenômeno da fluorescência o efeito da luz ultravioleta sobre o quartzo.
Do seu sobrenome vem a unidade de medida de viscosidade cinemática, no c. g. s., Stoke, igual àde um líquido cuja viscosidade é um poise e cuja massa volumétrica é um grama por centímetro cúbico(Vale 104 unidades MKS de viscosidade cinemática).
Stokes fui muito hospitaleiro com os amigos, e prodigo em conselhos e ajuda a seus discípulos, fezque na pequena cidade de Cambridge que seus ensinamentos, junto com os de seus colegas Kelvin e C.Maxwell o fizeram ainda mais ilustre com uma vida simples rodeado de afeito e respeito de todos. Suaprodução científica foi reunida em escritos matemáticos e físicos. Stokes faleceu em Cambridge em 1 defevereiro de 1903
91
92 Cálculo Vetorial e Séries
3.1 Introdução
Para contornos que não pertencem ao plano, o Teorema de Green é generalizado pelo Teorema
de Stokes.
As integrais de superfície estão para as integrais duplas como as integrais de linha estão para
as integrais definidas.
Com efeito, as integrais definidas correspondiam a uma integral de linha muito particular,
em que a trajetória é um segmento de reta coincidente com o eixo dos −→ox e a função correspondia
apenas à componente segundo x da função vetorial. Ao generalizar o conceito de integral para
uma linha curva qualquer, tivemos de recorrer à notação vetorial, bem como vimos a conveniência
de representar paramétricamente a curva.
Do mesmo modo, as integrais duplas correspondem a integrais de superfícies no plano XY , ou
seja, superfícies planas, representáveis por funções escalares de duas variáveis. Como é evidente,
muitas superfícies de grande interesse - e mesmo até de elevada simetria, como é o caso das
superficies cilíndricas e esféricas - não são planas, pelo que, uma vez mais, vamos generalizar o
conceito de integral dupla, recorrendo a funções vetoriais.
Tal como no caso dos integrais de linha, será muito útil representar paramétricamente as su-
perfícies, pois desta forma conseguiremos transformar integrais de superfície em integrais duplas.
Comecemos portanto, por estabelecer a notação e ver alguns exemplos de superfícies curvas e
sua representação paramétrica.
3.2 Superfície
Numa disciplina de funções de várias variáveis estudamos um tipo de superfície, aquela que
era o gráfico de uma função da forma, z = f(x, y) foram feitos os gráficos das mesmas e até
calculamos retas normais e planos tangentes à superfície.
Figura 3.1: Figura 3.2:
Existem alguns tipos de superfícies não estudados, como por exemplo o conjunto de pontos
S = { (x, y, z) /. 3x − 3z − z3 = 0 }. O gráfico desta superfície mostra-se na Figura (3.1) e
como se observa é uma lâmina que se dobre sobre ela mesma, esta superfície não é o gráfico de
nenhuma função z = f(x, y).
Lembre que, uma condição suficiente para que z = f(x, y) seja função é que a cada elemento
(x, y) do domínio de f corresponda somente um e somente um elemento z da imagem de f
Christian José Quintana Pinedo 93
Outro exemplo de um gráfico que não representa uma superfície da forma z = f(x, y) é o
toro, este sólido é gerado pela rotação de um círculo em torno de um eixo que lhe é externo e
coplanar
Estes dois exemplo de superfície que não representam funções do tipo z = f(x.y), induzem a
estender nossa definição de superficies.
As representações de superfícies no espaço cartesiano tridimensional podem escrever-se nas
formas z = x2 + y2 ou explicitamente como g(x, y, z) = 0.
Por exemplo, z = +√
a2 − x2 − y2 ou x2 + y2 + z2 = a2 com a > 0 representam um semi-
hemisfério de raio a centrado na origem.
Como vimos, para as curvas Γ nas integrais de linha, a representação paramétrica ~r = ~r(t)
onde a ≤ t ≤ b , permitia estabelecer um mapeamento do intervalo a ≤ t ≤ b , pertencente ao
eixo t na curva Γ no espaço-xyz como indica a Figura (3.3).
Figura 3.3: Figura 3.4:
Do mesmo modo, na representação paramétrica de uma superfície far-se-á um mapeamento
semelhante. Uma vez que as superfícies são bidimensionais, serão necessários dois parâmetros
para as representar. O processo de representação paramétrica é ilustrado na Figura (3.6).
Com superfícies, assim como com curvas, queremos distinguir entre o que é função(trajetória)
e sua imagem (objeto geométrico).
Definição 3.1. Função diferenciável.
Seja ~r : D ⊂ R2 −→ R3 uma função , dizemos que ~r = (r1, r2, r3) é diferenciável de classe
Ck, k ∈ N, se, suas funções coordenadas r1, r2, r3 : D ⊂ R2 −→ R3 possuem derivadas parciais
contínuas até a ordem k.
Definição 3.2. Parametrização própria.
Seja D ⊂ R2 um aberto, dizemos que a função ~r : D ⊂ R2 −→ R3 é uma parametrização
própria de R3 se para todo P ∈ D:
1. ~r é injetora.
94 Cálculo Vetorial e Séries
2. ~r é diferenciável ao menos de classe C2 e tal que a matriz
∂r1∂u
(P )∂r2∂u
(P )∂r3∂u
(P )
∂r1∂v
(P )∂r2∂v
(P )∂r3∂v
(P )
seja de rango dois.
Exemplo 3.1.
Sejam D = { (u, v) ∈ R2 /. u2 + v2 < 1 } e r : D ⊂ R2 −→ R3 definido por ~r(u, v) =
(u, v,√
1 − u2 − v2). Tem-se que ~r é uma parametrização própria de R3.
Definição 3.3. Parametrização própria para subconjuntos.
Seja S ⊂ R3 um subconjunto, dizemos que, ~r : D −→ R3 é uma parametrização própria de
S, se ~r(D) ⊂ S, neste caso escrevemos r : D −→ S.
Definição 3.4. Superfície regular.
Dizemos que S ⊂ R3 é uma superfície regular em R3 se, para cada ponto P ∈ S existe uma
parametrização própria de S.
Isto é ~r : D ⊂ R2 −→ S é tal que ~r(D) contém uma vizinhança de P ∈ S.
Deste modo, a representação paramétrica de uma superfície S tem a forma
~r(u, v) = x(u, v)~i+ y(u, v)~j + z(u, v)~k
onde , (u, v) ∈ D sendo D uma dada região no plano-uv . Assim, todo o ponto (u, v) ∈ D é
mapeado num ponto S de cujo vetor posição é dado por ~r(u, v).
Assim, dizer superfície regular, é equivalente a dizer superfície parametrizada cuja definição
é como segue
Definição 3.5. Superfície parametrizada e diferenciável.
Dizemos superfície parametrizada, a uma função ~r : D ⊂ R2 −→ R3 onde D é algum domínio
em R2. A superfície S correspondente à função r é sua imagem: S = ~r(D)). Pelo que podemos
escrever
~r(u, v) = (r1(u, v), r2(u, v), r3(u, v))
Para o caso de ser ~r diferenciável logo é de classe C1 (que equivalente a dizer que r1(u, v), r2(u, v)
e r3(u, v) são funções diferenciáveis, dizemos que S é uma superfície diferenciável.
Assim como trajetórias levam um domínio da reta real (retas, semiretas ou segmentos de
retas) em curvas, podemos imaginar que para o caso das superfícies, um domínio (área) de R2 é
levado a uma superfícies em R2 (Figura (3.5))
Bem que poderiamos imaginar que áreas de R2 são levadas a superfícies de R3 mediande
dobreaduras, torsões, esticamentos, etc. isto é, um ponto (u, v) ∈ D representa um ponto
(r1(u, v), r2(u, v), r3(u, v)) ∈ S
Exemplo 3.2.
Christian José Quintana Pinedo 95
Figura 3.5: Área de R2 é levada a superfícies de R3
Consideremos a representação paramétrica de um cilindro.
A equação que representa uma superfície cilíndrica de raio a e altura 2 pode escrever-se, em
coordenadas cartesianas, na forma.
S = { (x, y, z) ∈ R3 /. x2 + y2 = 2 onde − 1 ≤ z ≤ 1 }
Uma possível representação paramétrica é dada por ~r(u, v) = (a cosu)~i+ (asenu)~j+ v~k onde
0 ≤ u ≤ 2π, −1 ≤ v ≤ 1.
Qual a representação paramétrica de uma superfície esférica ?
Quantas representações paramétricas são possíveis para uma dada superfície ?
Exemplo 3.3.
Calcular∫
D
∫
g(x, y, z)dσ , onde g(x, y, z) = x2z, D =√
1 − x2 − y2.
Solução.
Temos
∫
D
∫
g(x, y, z)dσ =
∫
D
∫
x2√
1 − x2 − y2
√
1 +x2
1 − x2 − y2+
y2
1 − x2 − y2dxdy
onde D = { (x, y) ∈ R2 /. x2 + y2 ≤ 1 } então
I =
∫
D
∫
x2dydx =
1∫
−1
1+√
1−x2∫
1−√
1−x2
x2dydx =π
4
3.2.1 Plano tangente. Vetor normal a uma superfície
Seja S ⊂ R3 uma superfície regular e P ∈ S, sabemos que existe uma parametrização própria
~r : D −→ S tal que ~r(u, v) = (r1(u, v), r2(u, v), r3(u, v))
O fato ser ~r diferenciável em (u0, v0) ∈ D é importante. Seja (u0, v0) ∈ D tal que r(u0, v0) ∈S, fixando u = u0 obtém-se uma trajetória R −→ R3 definida por v −→ r(u0, v) cuja imagem é
uma curva regular Γ1 = {r(u0, v0) ∈ S /. (u0, v0) ∈ D} que resulta de interceptar a superfície
96 Cálculo Vetorial e Séries
S com o plano u = u0, isto é
Γ1 = ~r(u0, v) = (r1(u0, v), r2(u0, v), r3(u0, v))
é uma curva regular em S,
Sabemos pelo estudo das funções de várias variáveis 1 que o vetor tangente Tu à curva no
ponto r(u0, v0) é
Tu =∂x
∂v(u0, v0)~i+
∂y
∂v(u0, v0)~j +
∂z
∂v(u0, v0) ~k
ou também que o vetor velocidade à curva Γ1 no ponto (r1(u0, v), r2(u0, v), r3(u0, v)) é dado
por
~rv(u0, v0) =∂~r
∂v(u0, v0) =
∂r1∂v
(u0, v0)~i+∂r2∂v
(u0, v0)~j +∂r3∂v
(u0, v0)~k
Figura 3.6: Os vetores Tu e Tv são tangentes a uma curva em S, logo são tangentes a S
De modo análogo fixando v = v0 obtém-se uma trajetória R −→ R3 definida por u −→~r(u, v0) cuja imagem é uma curva regular Γ2 = { r(u, v0) ∈ S /. (u, v0) ∈ D } em S, isto é
Γ2 = ~r(u, v0) = (r1(u, v0), r2(u, v0), r3(u, v0))
Sabemos pelo estudo das funções de várias variáveis que o vetor tangente Tv à curva no ponto
r(u0, v0) é
Tv =∂x
∂u(u0, v0)~i+
∂y
∂u(u0, v0)~j +
∂z
∂u(u0, v0) ~k
o também seu vetor velocidade no ponto ~r(u0, v0) é
~ru(u0, v0) =∂~r
∂u(u0, v0) =
∂r1∂u
(u0, v0)~i+∂r2∂u
(u0, v0)~j +∂r3∂u
(u0, v0)~k
Observe que os vetores Tu e Tv são tangentes a duas curvas que se interseptam no ponto
~r(u0, v0), logo com esses vetores tangentes podemos determinar a equação do plano tangente à
superfície S no ponto (r1(u0, v0), r2(u0, v0), r3(u0, v0)) ∈ S. O vetor não nulo ~n = Tu × Tv é o
vetor normal a esse plano.
O fato ser o vetor normal não nulo, assegura que existe um plano tangente à superfície.
Definição 3.6. Plano tangente.
1Notas de aula; “Integração e Funções de Várias Variáveis” do mesmo autor,
Christian José Quintana Pinedo 97
O plano gerado pelos vetores Tu e Tv é o plano tangente a S no ponto ~r(u0, v0) cuja normal
é ~n = Tu × Tv.
Por ser ~r uma parametrização própria cumpre que o vetor Tu × Tv 6= 0.
Figura 3.7:
Logo, dada uma superfície S, define-se o vetor nor-
mal ~n a essa superfície num ponto ~r(u0, v0) como o vetor
que é normal ao plano tangente à superfície nesse ponto
como mostra a Figura (3.7).
Para encontrar o vetor normal unitário a essa su-
perfície no ponto ~r(u0, v0) basta considerar ~n =∇g|∇g|
onde g(u0, v0, r(u0, v0)) = 0.
Que forma tem ~n quando se representa paramétri-
camente a superfície ?
Uma vez que u e v são coordenadas no plano-uv,
se calcularmos a derivada direcional de ~r(u, v) segundo u e v, ou seja, ~ru =∂r
∂u
∣∣∣(~r(u0,v0))
e
~rv =∂r
∂v
∣∣∣(~r(u0,v0))
, e se estes vetores forem linearmente independentes (isto é, se ~N = Tu×Tv 6= 0),
podemos utilizar a propriedade do produto vetorial para gerar um versor normal a S em ~r(u0, v0):
~n =~n
|~n| =Tu × Tv‖Tu × Tv‖
Quando Tu e Tv satisfazem Tu×Tv 6= 0, sendo contínuos em todos os pontos ~r(u0, v0) em S,
então S tem uma tangente bem definida em todos os seus pontos, bem como uma única normal
que é gerada pelos vetores Tu e Tv, cuja direção depende continuamente dos pontos ~r(u0, v0) de
S. Diz-se então que é uma superfície regular.
Definição 3.7. Superfície suave2 num ponto.
Dizemos que uma superfície S é suave em ~r(u0, v0) se Tu × Tv 6= 0 em ~r(u0, v0).
Definição 3.8. Superfície suave.
Dizemos que uma superfície S é suave, se ela é suave em todos seus pontos ~r(u0, v0) ∈ S.
Existe sempre uma ambigüidade na definição do vetor normal unitário a uma superfície.
Essa ambigüidade refere-se ao seu “sentido”, e essa vai constituir, na maior parte dos casos, uma
escolha nossa.
No entanto, e tal como no caso das integrais de linha, em que estabelecemos um “sentido”
de circulação positivo, também no caso das integrais de superfície se torna necessário orientar as
superfícies. Essa orientação será feita relativamente ao sentido de circulação ao longo da fronteira
(curva) que as delimita.
2Estritamente falando, a suavidade depende da parametrização ~r e não somente de sua imagem
98 Cálculo Vetorial e Séries
Exemplo 3.4.
Determine se a superfície dada pelas equações x = u cos v, y = usenv z = u u > 0 é
diferenciável. Esta superfície é suave?
Solução.
Figura 3.8:
Esta super4ficie podemos escrever na forma z =√
x2 + y2, a
superfície é um cone como mostra a Figura (3.8)
Esta função é diferenciável, pois cada função componente é difer-
enciável como função de u e v.
A superfície, não é suave em (0, 0, 0), pois de ~r(0, 0) = (0, 0)
segue que:
Tu = cos v~i+ senv~j + ~k ⇒ Tu(0, 0) = (1, 0, 1)
Tv = −usenv~i+ u cos v~j + 0~k ⇒ Tv(0, 0) = (0, 1, 0)
De onde Tu × Tv = 0.
Podemos resumir alguma de nossas conclusões de modo formal.
Definição 3.9.
Se uma superfície parametrizada ~r : D ⊂ R2 −→ R3 é suave em ~r(u0, v0), isto é Tu × Tv 6= 0
em (u0, v0), definimos o plano tangente à superfície em ~r(u0, v0) como o plano determinado
pelos vetores Tu e Tv. Logo, ~n = Tu × Tv é um vetor normal, e a equação do plano tangente em
(x0, y0, z0) esta dado por
(x− x0, y − y0, z − z0) • ~n = 0
Exemplo 3.5.
Determine o plano tangente à superfície esférica de centro a origem e raio 1.
Solução.
Seja D = { (x, y) ∈ R2 /. x2 + y2 ≤ 1 } e a parametrização r : D −→ S onde ~r(u, v) =
(u, v,√
1 − u2 − v2)
Consideremos a curva Γ1 = { ~r(0, v) ∈ S /. (0, v) ∈ D }, isto é ~r(0, v) = (0, v,√
1 − v2) de
onde Tv =∂r
∂v(0, v) = ~j − v√
1 − v2~k, no ponto r(0, 0) = (0, 0, 1), tem-se que Tv = (0, 1, 0).
Por outro lado, consideremos a curva Γ2 = { ~r(u, 0) ∈ S /. (u, 0) ∈ D }, isto é ~r(u, 0) =
(u, 0,√
1 − u2) de onde Tu =∂r
∂u(u, 0) = ~i − u√
1 − u2~k, no ponto r(0, 0) = (0, 0, 1), tem-se que
Tu = (1, 0, 0).
Assim, ~n = Tu × Tv = ~k.
Portanto a equação do plano tangente é z − 1 = 0.
Exemplo 3.6.
Determine os pontos onde exista plano tangente à superfície S parametrizada por ~r : R2 −→R3, onde
x = u cos v, y = usenv, z = u2 + v2
Christian José Quintana Pinedo 99
Determine o plano tangente em (−1, 0, 1 + π2) ∈ S
Solução.
Tem-se Tv = −(usenv)~i+ (u cos v)~j + 2v~k, e Tu = (cos v)~i+ (senv)~j + 2u~k de onde
Tu × Tv = (−2u2 cos v + 2vsenv)~i+ (−2u2senv − 2v cos v)~j + (u)~k
No,ponto r(0, 0) = (0, 0, 0), tem-se que Tu×Tv = (0, 0, 0), logo não existe plano tangente em
(0, 0, 0) ∈ S.
Como Tu × Tv 6= 0 em (0, 0, 0) 6= (x, y, z) ∈ S então existe plano tangente en todos esses
pontos.
Em particular, no ponto ~r(1, π) = (−1, 0, 1 + π2) tem-se , que Tu × Tv = (2, 2π, 1) e o plano
tangente pediso é
2(x+ 1) + 2πy + (z − 1 − π2) = 0
Definição 3.10. Superfície orientável.
Consideremos então uma superfície regular. Esta diz-se orientável se um vetor unitário,
especificado num qualquer ponto de pode ser continuado de uma forma única e contínua por toda
a superfície .
Figura 3.9:
Claro que uma porção suficientemente pequena de
qualquer superfície regular é orientável. No entanto,
esta propriedade não se verifica necessariamente em su-
perfícies finitas (é como nas rotações dos corpos - ro-
tações infinitesimais comutam, mas rotações finitas não
- recordar as aulas de mecânica, por exemplo). Um ex-
emplo claro é a banda de Möbius (Figura (3.9)).
Consideremos então uma superfície S que se pode
representar como um conjunto finito de superfícies regulares. Esta diz-se orientável se con-
seguirmos orientar cada uma das superfícies regulares de tal modo que ao longo de cada curva C∗
que constitui uma fronteira comum entre 2 superfícies regulares S1 e S2, a direção positiva de
C∗ relativamente a S1 é oposta à direção positiva de C∗ relativamente a S2 - ver Figura (3.10):
Figura 3.10:
Desta forma também temos um modo de definir um sentido para o vetor normal unitário a
cada superfície regular, da forma como se ilustra na Figura (3.10) acima - é o sentido de avanço
100 Cálculo Vetorial e Séries
de um saca rolhas posicionado perpendicularmente à superfície no ponto em causa, fazendo-o
rodar no sentido de circulação positivo ao longo da curva C (à esquerda) ou C∗(à direita).
3.2.2 Existência da integral de superfície
Seja S ⊂ R2 uma superfície regular e g : S −→ R uma função definida sobre S, e seja
r : D ⊂ R2 → S uma parametrização própria de D, onde D é a região fechada em R2 como
mostra a Figura (3.11).
Figura 3.11:
Seja P = { R1, R2, R3, · · · , Rn } uma partição da região fechada D ⊂ R2 (cada Ri é um
retângulo), esta partição induz uma partição P ∗ = { σ1, σ2, σ3, · · · , σn } onde σi = r(Ri) para
i = 1, 2, 3, · · · , n.
Seja (u′i, v′i) ∈ Ri um ponto arbitrário tal que r(u′i, v
′i) = (x′i, y
′i, z
′i), a soma de Riemann de
g correspondente à partição P ∗ é
n∑
i=1
g(x′i, y′i, z
′i)A(σi), onde A(σi) = Área de σi
Caso exista o limite lim‖A(σi)‖→0
n∑
i=1
g(x′i, y′i, z
′i)A(σi) onde ‖A(σi)‖ é a área máxima da superfície
σi na partição P ∗.
O valor deste limite é a integral de superfície g sobre S e denotamos
I =
∫
S
∫
g(x, y, z)dσ = lim‖A(σi)‖→0
n∑
i=1
g(x′i, y′i, z
′i)A(σi)
Observação 3.1.
1. Quando ‖A(σi)‖ → 0, explicitamente n→ ∞
2. A integral de superfície representa a área da superfície, é por isso que sua grandeza é medida
em unidades quadradas.
Christian José Quintana Pinedo 101
3. Se S = r(D), então a integral de superfície está dada por
I =
∫
S
∫
g(r(u, v))‖~ru × ~rv‖dudv =
Teorema 3.1. Fundamental de integral de superfície.
Seja S uma superfície regular de R3, r : D ⊂ R2 −→ S uma parametrização tal que ~r(u, v) =
(r1(u, v), r2(u, v), r3(u, v)). Se g : S −→ R é uma função contínua, então:
1. Existe∫
S
∫
g(x, y, z)dσ
2.∫
S
∫
g(x, y, z)dσ =
∫
D
∫
g(r1(u, v), r2(u, v), r3(u, v))‖ru × rv‖dudv
Observação 3.2.
Seja D ⊂ R2 uma região fechada, e f : D −→ R uma função diferenciável de classe C2, e seu
gráfico é a superfície S = { (x, y, z) /. z = f(x, y), ∀ (x, y) ∈ D } a parametrização própria
de S é r : D −→ S ⊂ R3 definida por r(x, y) = (x, y, f(x, y)).
Seja g : S −→ R uma função contínua, então
∫
S
∫
g(x, y, z)dσ =
∫
S
∫
g(x, y, f(x, y))
√
1 +
[df
dx
]2
+
[df
dy
]2
dA
Exemplo 3.7.
Calcular a integral I =
∫
S
∫
(x2 + y2)dσ sendo S a superfície do cone z2 = 3(x2 + y2) entre
z = 0 e z = 3.
Solução.
Temos que z =√
3(x2 + y2),dz
dx=
√3x
√
x2 + y2,
dz
dy=
√3y
√
x2 + y2, logo
I =
∫
S
∫
(x2 + y2)
√√√√1 +
[ √3x
√
x2 + y2
]2
+
[ √3y
√
x2 + y2
]2
= 2
∫
S
∫
(x2 + y2)dxdy
I = 8
√3∫
0
√3−x2∫
0
(x2 + y2)dydx = 8π
Portanto, o valor da integral I = 8π �
Para um tratamento vetorial, consideremos então uma superfície S, representada paramétri-
camente através da equação genérica
~r(u, v) = x(u, v)~i+ y(u, v)~j + z(u, v)~k
102 Cálculo Vetorial e Séries
Sendo uma superfície regular ou então a soma de um número finito de superfícies regulares,
de tal forma que tem um vetor normal ~N = ~ru × ~rv e um vetor normal unitário ~n =~ru × ~rv|~ru × ~rv|
em todos os pontos de S (exceto, eventualmente em alguns pontos angulosos, como os vértices
de um cubo ou o vértice de um cone) define-se integral de superfície de uma função vetorial F
em S como ∫ ∫
S
~F • ~ndA =
∫ ∫
D
~F (u, v) • ~N(u, v)dudv (3.1)
Note-se que ~F • ~n é a componente de ~F normal à superfície S em cada ponto, pelo que a
integral de superfície vai corresponder ao cálculo do fluxo do campo vetorial F através de S .
• Recordando a definição de ~ru e ~rv como derivadas direcionais segundo u e v.
• Tendo em conta que, pela definição de produto vetorial, ‖−→N ‖ = |~ru × ~rv| é igual à área do
paralelogramo definido por ~ru e ~rv
temos que dA = ‖ ~N‖dudv , pelo que ~ndA = ~n‖ ~N‖dudv = ~Ndudv.
Christian José Quintana Pinedo 103
Exercícios 4-1
1. Calcular as seguintes integrais:
1.∫
S
∫
(z+2x+4
3)dq onde S é uma parte do plano
x
2+y
3+z
4= 1, situada no primeiro
otante.
2.∫
S
∫
xyzdq onde S é uma parte do plano x+ y + z = 1, situada no primeiro otante.
3.∫
S
∫
xdq onde S é uma parte da esfera x2 +y2 + z2 = r2, situada no primeiro otante.
4.∫
S
∫
ydq onde S é parte da semi-esfera z =√
r2 − x2 − y2
5.∫
S
∫√
r2 − x2 − y2dq onde S é a semi-esfera z =√
r2 − x2 − y2
6.∫
S
∫
x2y2dq onde S é a semi-esfera z =√
r2 − x2 − y2
7.∫
S
∫dq
r2onde S é o cilíndro x2 + y2 = r2, limitado pelos planos z = 0 e z = H; r é a
distância entre entre a superfície e a origem de coordenadas.
8.∫
S
∫dq
r2onde S é a esfera x2 + y2 + z2 = r2 e r é a distância entre entre a superfície
e o ponto fixo P (0, 0, c), c > 0.
2. Calcular as integrais de superfície.
1.∫
S
∫
xdydz + ydxdz + zdxdy onde S é o lado positivo do cubo formado pelos planos
x = 0, y = 0, z = 0, x = 1, y = 1.
2.∫
S
∫
x2y2zdxdy onde S é o lado positivo da metade inferior da esfera x2+y2+z2 = r2.
3.∫
S
∫
xdxdy onde S é a fase exterior do elipsoidex2
a2+y2
b2+z2
c2= 1.
4.∫
S
∫
z2dxdy onde S é a fase exterior do elipsoidex2
a2+y2
b2+z2
c2= 1.
5.∫
S
∫
xzdxdy+xydydz+yzdxdz onde S é a parte exterior da piramide formada pelos
planos x = 0, y = 0, z = 0, x+ y + z = 1.
6.∫
S
∫
yzdxdy + xzdydz + xydxdz onde S é a fase exterior da superfície situada no
primeiro otante e formada pelo cilíndro x2 +y2 = r2 e os planos x = 0, y = 0, z =
0, z = H.
104 Cálculo Vetorial e Séries
7.∫
S
∫
y2zdxdy + xzdydz + x2ydxdz onde S é a fase exterior da superfície situada no
primeiro otante e formada pelo paraboloide de revolução z = x2 + y2, pelo cilindro
x2 + y2 = 1 e os planos x = 0, y = 0, z = 0.
3.3 Teorema de Stokes
O teorema de Stokes permite-nos relacionar integrais de linha em integrais de superfície e
vicê-versa.
Teorema 3.2.
Seja S ⊂ R3 uma superfície regular ou que se decompõe num número finito de superfícies
orientadas regulares, consideremos C a fronteira de S, constituindo uma curva suave ou que se
decompõe num número finito de curvas suaves. Então, se ~F (u, v, z) é uma função vetorial
contínua com primeiras derivadas parciais contínuas num dado domínio que contém S. Nestas
condições, temos que ∫ ∫
S
(∇× ~F ) • ~ndA =
∮
C
~F • d~r (3.2)
onde ~n é o vetor normal unitário a S de acordo com o sentido de circulação em ~C - ver Figura
(3.12).
Figura 3.12:
É importante não esquecer que o teorema de Stokes
se aplica a superfícies abertas, pois só neste caso se
estabelece inequívocamente uma curva delimitadora.
De reparar que, pelo teorema de Stokes, se torna
evidente que, se uma função vetorial se pode escrever
como o gradiente de uma função escalar, então o inte-
gral ao longo de qualquer circuito fechado é zero. Volta-
mos a encontrar funções cujo integral de linha não de-
pende da trajetória que liga os pontos inicial e final -
são as denominadas funções conservativas.
Aqui como no Teorema de Green, a curva fechada
C é a fronteira da superfície S, e novamente, se ~F é
olhado como uma “anti-derivada"de (rotF ), então a integral sobre a região é igual a anti-derivada
avaliada sobre a fronteira da região. Existem muitas superfícies que tem a mesma fronteira, e
Teorema de Stokes diz que a integral sobre qualquer superfície apropriada dà o mesmo valor da
integral sobre o contorno.
Exemplo 3.8.
Seja S a parte do parabolóide z = 9 − x2 − y2 com z ≥ 0 e seja C o traço de S o plano-xy.
Verifique o teorema de Stokes.
Solução.
Christian José Quintana Pinedo 105
Devemos mostrar que as duas integrais de (3.2) tem o mesmo valor.
A superfície é um parabolóide elíptico, obtém-se que n =2x~i+ 2y~j + ~k√
4x2 + 4y2 + 1o rotacional
rotF =
∣∣∣∣∣∣∣∣∣
~i ~j ~k∂
∂x
∂
∂y
∂
∂z3z 4x 2y
∣∣∣∣∣∣∣∣∣
= 2~i+ 3~j + 4~k
Conseqüentemente
∫ ∫
S
(∇× ~F ) • ~ndA =
∫ ∫
S
4x+ 6y + 4√
4x2 + 4y2 + 1dS
aplicando propriedades para resolver esta integral de superfície temos
∫ ∫
S
(∇× ~F ) • ~ndA =
∫ ∫
R
(4x+ 6y + 4)dA
onde R é a região do plano-xy limitada pelo círculo de raio 3 e centro na origem. Passando para
coordenadas polares, obtemos
∫ ∫
S
(∇× ~F ) • ~ndA =
2π∫
0
3∫
0
(4r cos θ + 6rsenθ)rdrdθ =
=
2π∫
0
(36 cos θ + 54senθ + 18)dθ = 36π
Por outro lado, para o cálculo da integral curvilínea, podemos escrever na forma
∮
C
~F • d~r =
∮
C
(3zdx+ 4xdy + 2ydz)
onde C é o círculo x2 + y2 = 9 no plano-xy. Como z = 0 em C esta integral curvilínea se reduz a
∮
C
~F • d~r =
∮
C
4xdy = 4
∮
C
xdy
Como∮
C
xdy é a áres da região (um círculo de raio 3) delimitada por C e, assim
∫ ∫
S
(∇× ~F ) • ~ndA == 36π
106 Cálculo Vetorial e Séries
3.4 Teorema de Gauss
O teorema de Gauss permite-nos relacionar integrais de superfície com os integrais triplas já
estudados anteriormente.
Teorema 3.3.
Seja T uma região fechada e limitada no espaço R3, cuja fronteira é uma superfície S orien-
tável ou então se pode decompor num conjunto finito de superfícies orientáveis. Seja uma função
vetorial contínua com primeiras derivadas parciais contínuas num dado domínio que contém T .
Nestas condições, temos que
∫ ∫
S
~F • ~ndA =
∫ ∫
T
∫
div ~FdV (3.3)
onde ~n é o vetor unitário normal que aponta para fora da superfície S. Em coordenadas
cartesianas, podemos escrever
∫ ∫
T
∫ [∂Fx∂x
+∂Fy∂y
+∂Fz∂z
]
dxdydz =
∫ ∫
S
(F1dydz + F2dzdx+ F3dxdy)
Figura 3.13:
Se uma superfície para a qual o Teorema de Stokes é
aplicado fosse deformada de tal maneira para criar uma
superfície fechada , ou duas superfícies que compartil-
ham a mesma fronteira, a superfície resultante não teria
fronteira e assim o teorema de Stokes diz que a inte-
gral da componente normal do rotacional (circulação)
de uma função vetorial sobre uma superfície fechada
é nula. Se o integrando não é rotacional de alguma
função, então a integral de superfície está relacionada
à variação do integrando no interior da região fechada.
Aqui olhando ~F como a anti-derivada de div ~F , a
integral sobre a região T é igual a anti-derivada do in-
tegrando avaliado na fronteira de T .
Christian José Quintana Pinedo 107
Exercícios 4-2
1.
2. Aplicando a fórmula de Stokes transformar a integral∫
L
(y2+z2)dx+(x2+z2)dy+(x2+y2)dz
considerada ap longo de certo caminho fechado, na integral de superfície estendida sobre
essa curva.
3. Calcular a integral∫
L
x2y3dx + dy + zdz, onde o contorno Lé a circunferência x2 + y2 =
r2, z = 0:
1. Diretamente.
2. Aplicando a fórmula de Stokes e considerando a semiesfera z =√
r2 − x2 − y2 como
superficie. A integração ao longo da circunferência no plano xOy, debe efetuarse no
sentido positivo.
Definição 3.11.
Exemplo 3.9.
Definição 3.12.
Definição 3.13.
Definição 3.14.
Exemplo 3.10.
1.
2.
3.
Exemplo 3.11.
Exemplo 3.12.
Exemplo 3.13.
Exemplo 3.14.
Exemplo 3.15.
Exemplo 3.16.
Exemplo 3.17.
Definição 3.15.
Capítulo 4
SEQÜÊNCIAS DE NÚMEROS REAIS
L. Euler
Leonhard EulerNasceu em 15 de abril de 1707 Basiléia na Suíçae Faleceu em 18 de setembro de 1783 em São Petersburgo na Rússia.Euler ampliou as fronteiras da geometria analítica e da trigonometriamodernas deu contribuições decisivas para a geometria, o cálculo e aanálise numérica.
Euler conseguiu de seu pai o consentimento para mudar seus estu-dos para a Matemática ajudado pela persuasão de Johann Bernoulli,que intercedeu junto a seu pai. Johann Bernoulli tornou-se então seuprofessor.
Euler ingressou na Academia de Ciências de São Petersburgo em1727, dois anos após a sua fundação por Catarina I. Em São Peters-
burgo ele viveu com Daniel Bernoulli e tornou-se professor de Física na academia em 1730, e professorde Matemática em 1733. Neste mesmo ano ele casou-se e deixou a casa de Johann Bernoulli. Destecasamento Euler teve 13 filhos, dos quais apenas cinco sobreviveram à primeira infância. Ele costumavadizer que algumas de suas maiores descobertas foram feitas enquanto segurava um bebê nos braços, tendoos outros filhos brincando em suas pernas.
A publicação de diversos artigos e de seu livro “Mechanica”(1736 − 37) - no qual apresentava pelaprimeira vez a dinâmica Newtoniana na forma de análise matemática - iniciaram Euler nos caminhos deum trabalho matemático mais incisivo.
Em 1741, por convite de Frederico o Grande, Euler associou-se à Academia de Ciência de Berlim,onde ele permaneceu por vinte e cinco anos. Neste período em Berlim ele escreveu cerca de 200 artigos,três livros de análise matemática, e uma publicação científica popular, “Cartas para uma princesa daAlemanha” (3 volumes, 1768 − 72).
Em 1766 Euler voltou à Rússia e perdeu a visão do olho direito aos 31 anos e logo após retornar aSão Petersburgo ficou quase inteiramente cego após uma operação de catarata. Graças à sua formidávelmemória ele foi capaz de continuar seus trabalhos em Ótica, Álgebra e movimentos lunares. Surpreen-dentemente após 1765 (quando tinha 58 anos) ele produziu quase metade de seu trabalho, a despeito deestar totalmente cego.
Depois de sua morte, em 1783, a Academia de São Petersburgo continuou a publicar todos os seustrabalhos ainda não publicados durante quase cinqüenta anos.
109
110 Cálculo Vetorial e Séries
4.1 INTRODUÇÃO
Ao definir uma função f sobre um conjunto A com imagem no conjunto B, denotada por
f : A −→ B, estamos associando a cada a ∈ A um único elemento b ∈ B, para todos os elementos
de A.
O que caracteriza o nome da função é o contradomínio B da mesma. Se B é um conjunto de:
• números reais, temos uma função real.
• vetores, temos uma função vetorial.
• matrizes, temos uma função matricial.
• números complexos, a função é complexa.
No decorrer de estudos de matemática, seja no ensino médio ou preparatório para a graduação,
você deve ter encontrado por exemplo expressões da forma: 6; 8; 10; 12; 14; 16 coleções deste
tipo definem uma “seqüência”. Dizemos que esta seqüência é finita pelo fato ter um número finito
de elementos. Existem expressões por exemplo fa forma:
6; 8; 10; 12; 14; 16; 18; · · · ou · · · ; 6; 8; 10; 12; 14; 16; 18
estas seqüências representam a idéia de seqüências infinitas. Esses três pontos indicam que na
escrita, temos a continuar indefinidamente.
Este capítulo trata principalmente de seqüências em números reais, porém as propriedades
fundamentais sobre convergência explicam-se com a mesma facilidade para casos mais gerais. A
menos que se faça referência, estaremos considerando seqüências com elementos no conjunto de
números reais R.
Representamos por N+ o conjunto dos números naturais positivos, isto é:
N+ = { 1, 2, 3, 4, · · · , n, · · · }
Observe que N+ é um subconjunto próprio do conjunto N; logo N+ ⊂ N.
4.2 SEQÜÊNCIA DE NÚMEROS REAIS
Definição 4.1. Seqüência.
Uma seqüência ou sucessão de números reais é uma função a : N+ −→ R que associa a cada
número natural n um número real a(n) o qual denotamos an.
O valor da seqüência a no número natural n é denominado “n-ésimo termo” ou “termo geral
da seqüência a”; assim an representa o termo da posição n-ésima de uma seqüência.
Do modo como definimos a seqüência, o domínio da função a é um conjunto infinito, mas
o contradomínio poderá ser finito ou infinito. O domínio de uma seqüência é indicado por
D(a) = N+ e a imagem de uma seqüência por Im(a) = { a1, a2, a3, · · · }.Denotamos o conjunto de todos os termos de uma determinada seqüência por {an}n∈N+ .
Christian José Quintana Pinedo 111
Deve-se escrever uma seqüência {an}n∈N+ na ordem dos valores que ela representa, assim por
exemplo:
a1, a2, a3, · · · , an, · · ·
Os números a1, a2, a3, · · · , an, · · · são chamados “elementos da seqüência”, sendo an seu
termo geral.
A função a : N+ −→ R não é necessariamente injetiva, pode-se ter am = an com m 6= n,
quando a seqüência {an}n∈N+ for injetiva, isto é, quando m 6= n implicar am 6= an ∀m, n ∈ N+,
diremos que ela é uma seqüência de termos “dois a dois distintos”.
Exemplo 4.1.
Seqüência identidade : É a função a : N′ −→ R definida pelo termo geral an = n.
Seqüência de números pares : É definida pelo termo geral an = 2n.
Seqüência de números ímpares : É definida pelo termo geral an = 2n− 1.
Seqüência dos recíprocos : Seu termo geral an =1
n.
Seqüência constante : Seu termo geral an = C, onde C é qualquer número real fixo.Para o caso
C = 0 é chamada seqüência nula.
Seqüência alternada : Uma seqüência alternada {an} pode ser definida por an = (−1)nn. Esta
seqüência de números fica alternando o sinal de cada termo, sendo um negativo e o seguinte
positivo, e assim por diante.
Seqüência aritmética : A seqüência aritmética é definida por an = a1 + (n− 1)r onde a1, r ∈ R
são constantes, r é chamado razão. Esta seqüência também é chamada de progressão
aritmética P.A.
Seqüência geométrica : Uma seqüência geométrica é definida por an = a1qn−1 onde a1, q ∈ R
são constantes, r é chamado razão. Esta seqüência também é chamada de progressão
aritmética P.A.
Seqüência recursiva : Uma seqüência é recursiva se, o termo de ordem n é obtido em função dos
termos das posições anteriores.
A importante seqüência de Fibonacci, definida por a1 = 1, a2 = 1 e an+2 = an+1 + an.
A seqüência de Fibonacci aparece de uma forma natural em estudos de Biologia, Arquite-
tura, Artes e Padrões de beleza 1.
Exemplo 4.2.
Seja a seqüência de termo geral an = (−1)n, observe que a2 = 1 e a4 = 1, isto não implica
que 2 = 4.
Portanto, a função que determina a seqüência {(−1)n}n∈N+ não é injetiva. �
1O livro "A divina proporção", Huntley, Editora Universidade de Brasília, trata do assunto.
112 Cálculo Vetorial e Séries
Em particular o conjunto {an}n∈N+ = {a1, a2, a3, · · · , an, · · · } pode ser finito, ou até mesmo
reduzir-se a um único elemento, como é o caso de uma seqüência constante, em que an = α ∈ R
para todo n ∈ N+.
Uma seqüência pode ser representada pelo seu termo geral, ou explicitando-se seus primeiros
termos, como mostra o exemplo a seguir.
Exemplo 4.3.
(a)2
1;
2
2;
2
3; · · · seu termo geral é an =
2
n
(b) 12; 22; 32; · · · seu termo geral é an = n2
(c) −1; 1; −1; 1; · · · seu termo geral é an = (−1)n
(d) 1;√
2;√
3;√
4; · · · seu termo geral é an =√n
(e)1
2;
2
3;
3
4; · · · seu termo geral é an =
n
n+ 1
(f) 2;5
2;
8
3;
11
4; · · · seu termo geral é an = 3 − 1
n
(g) c; c; c; c · · · seu termo geral é an = c
(h) a; a2; a3; a4 · · · seu termo geral é an = an, onde a ∈ R
Em cada um destes exemplos exibimos o termo n-ésimo ( termo geral), para assim ter uma
forma compacta do modo geral na formação dos elementos da seqüência.
Na seqüência (e) o quarto termo é4
5, e o n-ésimo termo é an =
n
n+ 1Uma representação gráfica bastante conveniente de uma seqüência é obtida assinalando os
pontos a1; a2; a3; · · · ; an; · · · num segmento da reta numérica real como se indica no seguinte
desenho.
{an}n∈N+ ={ 2
n
}
n∈N+0 a4 a3 a2 a1
r r r r r1/2 2/3 1 2
{bn}n∈N+ = {(−1)n}n∈N+
0
−1 1
b1 = b3 = · · · b2 = b4 = · · ·r rr
{cn}n∈N+ ={ n
n+ 1
}
n∈N+0
1/2 2/3 3/4
c1 c2 c3 · · ·r r r r
4.2.1 Classificação: Limitação e Monotonia.
Definição 4.2. Limitada superiormente.
Christian José Quintana Pinedo 113
Uma seqüência {an}n∈N+ é dita limitada superiormente, quando existe um número real N ,
denominado cota superior da seqüência, que atende à seguinte condição:
an ≤ N ∀ n ∈ N+ (4.1)
Isto significa que todos os termos an pertencem à semi-reta (−∞, N ]. Logo, qualquer número
real maior do que N também será uma cota superior da seqüência {an}n∈N+ .
A menor dessas cotas é denominada supremo da seqüência {an}n∈N+ e denotada sup .{an}.Definição 4.3. Limitada inferiormente.
Uma seqüência {an}n∈N+ é dita limitada inferiormente, quando existe um número real M ,
denominado cota inferior da seqüência, que atende à seguinte condição:
M ≤ an ∀ n ∈ N+ (4.2)
Isto significa que todos os termos an pertencem à semi-reta [M, +∞). Logo, qualquer número
real menor do que M também será uma cota inferior da seqüência {an}n∈N+ .
A maior dessas cotas é denominada ínfimo da seqüência {an}n∈N+ e denotada inf .{an}.Exemplo 4.4.
• A seqüência {−2n}n∈N+ é limitada superiormente; observe que existe N ≥ −2 tal que
−2n ≤ N ∀ n ∈ N+. Neste caso sup .{−2n} = −2
• A seqüência {2n}n∈N+ é limitada inferiormente; observe que existe M ≤ 2 tal que M ≤2n ∀ n ∈ N+. Neste caso inf .{2n} = 2
Observação 4.1.
Lembre os seguintes fatos fundamentais:
1. Toda seqüência limitada superiormente tem supremo finito, e toda seqüência limitada inferi-
ormente tem ínfimo finito.
2. Para todo ε > 0, o número real α = sup .{an}−ε por ser menor do que o supremo da seqüência,
não pode ser cota superior de {an}n∈N+ . Logo pode existir um elemento an1 ∈ {an}n∈N+
tal que:
α = sup .{an} − ε < an1 (4.3)
3. Sendo β = inf .{an} + ε um número real maior do que o ínfimo da seqüência, não pode ser
cota inferior de {an}n∈N+ . Logo pode existir um elemento an2 ∈ {an}n∈N+ tal que:
an2 < β = inf .{an} + ε (4.4)
Definição 4.4. Seqüência limitada.
Uma seqüência {an}n∈N+ é dita limitada, quando o for limitada superior e inferiormente;
isto é, quando existir uma constante C > 0 tal que atende à seguinte condição:
|an| ≤ C ∀ n ∈ N+ (4.5)
114 Cálculo Vetorial e Séries
A conclusão desta definição é que, uma seqüência {an}n∈N+ é limitada quando o conjunto de
todos os termos da seqüência pertencem ao intervalo [M, N ].
Observemos que todo intervalo [M, N ] está contido num intervalo da forma [−C, C], sendo
C > 0. Para isto é suficiente considerar C = max{|M |, |N |}.Como a condição an ∈ [M, N ] ⊆ [−C, C] é equivalente a |an| ≤ C, então justifica-se (4.5);
isto é, uma seqüência {an}n∈N+ é limitada se, e somente se, existe um número real C > 0 tal
que |an| ≤ C para todo n ∈ N+.
Daí resulta que {an}n∈N+ é limitada se, e somente se, {|an|}n∈N+ é limitada.
Quando uma seqüência {an}n∈N+ não é limitada, diz-se que ela é “ilimitada”.
Evidentemente, uma seqüência é limitada se, e somente se, é limitada superior e inferiormente.
Exemplo 4.5.
Mostre que a seqüência {n}n∈N+ não é limitada.
Demonstração.
Suponhamos que esta seqüência seja limitada. Então existe um C ∈ R tal que n ≤ C, ∀n ∈N+.
Pelo Axioma de Arquimedes2, sempre existe um q ∈ N tal que C + 1 ≤ q.
Comparando estas duas últimas desigualdades tem-se que n ≤ C e C + 1 ≤ q ⇒ n ≤C ≤ C + 1 ≤ q. Sem perda de generalidade, podemos considerar n = q ∈ N, assim q ≤ C <
C + 1 ≤ q ⇒ q < q. Contradição!
Portanto {n}n∈N+ não é limitada.
Exemplo 4.6.
1. A seqüência de termo geral an = n é limitada inferiormente, mas não superiormente. Observe
que inf .{an} = 1
2. A seqüência de termo geral an = 1 − n2 é limitada superiormente, mas não inferiormente.
Tem-se que sup .{an} = 0
3. A seqüência de termo geral an =1
n2é limitada, tem-se que sup .{an} = 1 e inf .{an} = 0;
note que o ínfimo não é termo da seqüência.
4. A seqüência de termo geral an = (−1)n é limitada , sendo que sup .{an} = 1 e inf .{an} = −1.
5. A seqüência de termo geral an = (−1)nn não é limitada nem superiormente, nem inferior-
mente.
6. A seqüência de termo geral an =n
n+ 1é limitada , tem-se que sup .{an} = 1 e inf .{an} =
1
2;
note que o supremo não é termo da seqüência.
Definição 4.5. Seqüência crescente.
Dizemos que uma seqüência {an}n∈N+ é estritamente crescente ou simplesmente crescente,
quando a1 < a2 < a3 < · · · isto é, quando an < an+1 para todo n ∈ N+.
2Axioma de Arquimedes: Para todo x ∈ R, existe n ∈ N tal que x ≤ n.
Christian José Quintana Pinedo 115
Se temos que an ≤ an+1 para todo n ∈ N+, diz-se que a seqüência é “não–decrescente”.
Definição 4.6. Seqüência decrescente.
Dizemos que uma seqüência {an}n∈N+ é estritamente decrescente ou simplesmente decres-
cente, quando a1 > a2 > a3 > · · · , isto é, quando an > an+1 para todo n ∈ N+.
Se temos que an+1 ≤ an para todo n ∈ N+, diz-se que a seqüência é “não–crescente”.
Definição 4.7. Seqüência monótona.
As seqüências crescentes, não-decrescentes, decrescentes e não–crescentes são chamadas “se-
qüências monótonas”.
Uma conseqüência destas definições é a seguinte:
1o Toda seqüência monótona crescente é limitada inferiormente pelo seu primeiro termo.
2o Toda seqüência monótona decrescente é limitada superiormente pelo seu primeiro termo.
3o A única seqüência monótona simultaneamente crescente e decrescente, é a seqüência con-
stante.
Exemplo 4.7.
1. A seqüência de termo geral an =1
né decrescente.
2. As seqüências de termos gerais an = − 1
ne bn = n2 são crescentes.
3. A seqüência de termo geral an = 0n é monótona crescente.
4. A seqüência de termo geral an =(−1)n+1
nnão é crescente nem decrescente.
Exemplo 4.8.
1. As seqüências de termos gerais an = n2 e bn = Ln n são crescentes.
2. As seqüências de termos gerais an =1
n2e bn = −n3 são decrescentes.
3. A seqüência de termo geral an = (−1)n é não monótona, isto pelo fato não ser crescente nem
decrescente.
Note que seus termos são alternados, positivos e negativos; por essa razão recebe o nome
de seqüência alternada.
Exemplo 4.9.
Mostre que a seqüência de termo geral an =n
n+ 1é crescente.
Demonstração.
Tem-se que an =n
n+ 1e an+1 =
n+ 1
n+ 2, logo
an+1
an=n+ 1
n+ 2· n+ 1
n=n2 + 2n+ 1
n2 + 2n> 1 ∀ n ∈ N+
isso implica que, an < an+1 ∀ n ∈ N+.
116 Cálculo Vetorial e Séries
Para descobrir se uma determinada seqüência em monótona, um recurso é a investigação do
sinal da derivada da função extensão.
Para o Exemplo (4.9) podemos considerar a função extensão a R de an. Por exemplo, para
todo número real x ≥ 1, seja f(x) =x
x+ 1⇒ f ′(x) =
1
(x+ 1)2.
Sendo esta derivada positiva, implica que a função f(x) é crescente para todo x ≥ 1; isto é
f(x) ≤ f(x+ 1).
Logo em particular {an}n∈N+ é crescente para todo n ∈ N+.
Exemplo 4.10.
Determine se a seqüência{ 1
n2 + 1
}
n∈N+é crescente ou decrescente.
Solução.
Considere a função f(x) =1
n2 + 1⇒ f ′(x) = − 2x
x2 + 2< 0, ∀ x > 0, isto quer indicar
que f(x) é decrescente para todo x > 0.
Portanto, a seqüência{ 1
n2 + 1
}
n∈N+é decrescente. �
Esta técnica embora eficiente, não podemos aplicar a todas as seqüências como mostra o
seguinte exemplo.
Exemplo 4.11.
Mostre que a seqüência de termo geral an =n!
(2n− 1)!é decrescente.
Demonstração.
Observe que aqui não podemos definir a função extensão f(x) =x!
(2x− 1)!, isto pelo fato que
o fatorial somente é definido para números inteiros não negativos. Por outro lado
an+1
an=
(n+ 1)!
(2n+ 1)!· (2n− 1)!
n!=
n+ 1
2n+ 1< 1 n ∈ N+
de onde resulta que an+1 < an, ∀ n ∈ N+.
Portanto, a seqüência{ n!
(2n− 1)!
}
n∈N+é decrescente.
Exemplo 4.12.
A seqüência cujo termo geral é:
an = 1 + 1 +1
2!+
1
3!+
1
4!+ · · · + 1
n!
é crescente.
Ela também é limitada, pois como n! ≥ 2n−1 ∀n ∈ N+
2 ≤ an ≤ 1 + 1 +1
2+
1
22+
1
23+ · · · + 1
2n−1< 3
Christian José Quintana Pinedo 117
4.2.2 Subseqüências.
Consideremos o subconjunto infinito N′ = {n1 < n2 < · · · < nk < · · · } de N+ lembre que,
se existe alguma função f : N+ −→ R, também existem funções g : N′ −→ R, chamadas “função
restrição de f ” e denotadas f |N′ = g.
Em princípio poderíamos denominar seqüência qualquer função a : N′ −→ R. A esta restrição
daremos o nome de subseqüência ou subsucessão.
Definição 4.8. Subseqüência.
Dada uma seqüência a : N+ −→ R de números reais, as restrições de a a subconjuntos
infinitos de N+ serão denominadas subseqüências de {an}n∈N+ .
Representando a seqüência pelo conjunto ordenado {an}n∈N+ podemos dizer que suas subse-
qüências são da forma {ank}nk∈N′ , sendo N′ um subconjunto infinito de N+.
Lembre que N′ ⊂ N+ é subconjunto infinito se, e somente se, é ilimitado; isto é, para todo
n0 ∈ N+ existe nk ∈ N′ com nk > n0.
Naturalmente, uma toda seqüência é subseqüência dela própria.
Exemplo 4.13.
• Tem-se que{ 1
2n
}
n∈N+é subseqüência de
{ 1
n
}
n∈N+.
• Tem-se que {3n}n∈N+ é subseqüência de {n}n∈N+ .
• Tem-se que{ 2n
2n+ 1
}
n∈N+é subseqüência de
{ n
n+ 1
}
n∈N+.
Observação 4.2.
Observe que{ 1
2n
}
n∈N+podemos escrever na forma
{ 1
m
}
m∈N′, onde N′ = 2N+.
Isso justifica que{ 1
2n
}
n∈N+seja subseqüência de
{ 1
n
}
n∈N+.
Exemplo 4.14.
Demonstre que a seqüência{n2 + 1
n2 + 2
}
n∈N+é limitada.
Demonstração.
Considere a função de variável real definida por: f(x) =x2 + 1
x2 + 2, calculando a primeira
derivada respeito de x tem-se que f ′(x) =2x
(x2 + 2)2> 0, ∀ x ≥ 1.
Logo a seqüência{n2 + 1
n2 + 2
}
n∈N+é crescente.
Podemos escrever an =n2 + 1
n2 + 2= 1 − 1
n2 + 2. Observe que a1 =
2
3, a2 =
5
6, a3 =
10
11, · · ·
quando n cresce indefinidamente para +∞, tem-se que an decresce para o valor 1.
Portanto, 1 ≤ an ≤ 2
3, ∀ n ∈ N+.
Dentre as subseqüências de uma seqüência dada {an}n∈N+ , destacamos duas particularmente
importantes: a subseqüência par {a2k}k∈N+ e a subseqüência ímpar {a2k−1}k∈N+ .
Toda subseqüência de uma seqüência limitada é limitada (respectivamente limitada superior
ou inferiormente)
118 Cálculo Vetorial e Séries
Propriedade 4.1.
Toda seqüência monótona é limitada se ela possui uma subseqüência limitada.
Demonstração.
Seja, por exemplo, an1 ≤ an2 ≤ · · · ≤ ank≤ · · · ≤ N uma subseqüência limitada, da seqüência
não-decrescente {an}n∈N+ . Então, para qualquer n ∈ N+, existe um nk > n e, portanto, an ≤ank
≤ N .
Logo an ≤ N para todo n ∈ N+; isto é {an}n∈N+ é limitada.
Exemplo 4.15.
Seja a seqüência de termo geral an =1
n!é monótona e limitada, 0 ≤ an ≤ 1.
Em virtude da Propriedade (4.1), ela possui uma subseqüência limitada {a2n}n∈N+ , observe
que a2n =1
(2n)!, também é limitada e é uma subseqüência de {an}n∈N+ .
Exemplo 4.16.
Seja a seqüência de termo geral an =
1
n, se, n-ímpar
n, se, n-par
Tem-se que a seqüência {an}n∈N+ possui uma subseqüência limitada {a2n−1}n∈N+ , observe
que |a2n−1| ≤ 1, porém a Propriedade (4.1) não se aplica.
Pois, {an}n∈N+ não é monótona.
Christian José Quintana Pinedo 119
Exercícios 4-1
1. Obter a razão da P.A. em que o primeiro termo é −8 e a vigésimo termo é 30.
2. Obter o primeiro termo da PA de razão 4 cujo 230 termo é 24 e a razão é 2?
3. Qual é o primeiro termo negativo da PA ( 60, 53, 46, · · · )
4. Quantos números inteiros positivos formados por 3 algarismos são múltiplos de 13.
5. Um atleta corre sempre 400 metros a mais que no dia anterior. Ao final de 11 dias ele
percorre um total de 35200 metros. Quantos metros ele correu no último dia.
6. Qual a quantidade de meios aritméticos que se devem interpolar entre −m e 20m, a fim de
se obter uma PA de razão 7?
7. Qual é a soma dos números inteiros de 1 a 350?
8. Qual é o número mínimo de termos que se deve somar na P.A. :(7
5, 1,
3
5, · · · ) , a partir do
primeiro termo, para que a soma seja negativa?
9. Um relógio que bate de hora em hora o número de vezes correspondente a cada hora, baterá
, de zero às 12 horas x vezes. Calcule o dobro da terça parte de x.
10. Determinar o centésimo termo da progressão aritmética na qual a soma do terceiro termo
com o sétimo é igual a 30 e a soma do quarto termo com o nono é igual a 60.
11. Escreva uma P.A. de três termos, sabendo que a soma desses termos vale 12 e que a soma
de seus quadrados vale 80.
12. Um operador de máquina chegou 30 minutos atrasado no seu posto de trabalho, mas como
a máquina que ele monitora é automática, começou a trabalhar na hora programada. a)
Sabendo-se que a máquina produz 10n peças por minuto, em que n é o números de minutos,
quantas peças a máquina produziu até a chegada do operador? b) Sabendo-se que depois
de 1 hora, a máquina produz a mesma quantidade de peças, quantas peças terá feito a
máquina ao final do expediente de 4 horas?
13. Dar exemplo de uma seqüência não constante, para ilustrar cada situação abaixo indicada:
1. limitada e crescente. 2. limitada e decrescente.
3. limitada e não monótona 4. não limitada e não decrescente.
5. não limitada e não monótona.
14. Determine os quatro primeiros termos das seqüências indicadas:
1.{ 1
2n− 1
}
n∈N+2. {
√n+ 1 −√
n}n∈N+ 3. {(−1)nn}n∈N+
15. Esboce o gráfico da seqüência de termo geral an =n
n+ 1e verifique quantos pontos da
forma (n, an) estão fora da faixa horizontal determinada pelas retas 5y = 4 e 5y = 6.
120 Cálculo Vetorial e Séries
16. Escreva a forma mais simples para o termo n-ésimo de cada uma das seguintes seqüências.
Determine se ela é limitada.
17.
1. 1,1
2,
1
3,
1
4, · · · 2.
1
2,
1
4,
1
8,
1
16, · · · 3. 1, 0, 1, 0, 1, · · ·
4. 0, 2, 0, 2, 0, 2, · · · 5. 1, 9, 25, 49, 81, · · · 6. 0, 3, 2, 5, 4, · · ·
7. 2, 1,3
2, 1,
4
3, 1, · · · 8. 0,
3
2, −2
3,
5
4, −4
5, · · · 9. 1,
3
2, 2,
5
2, 3 · · ·
18. Expresse pelo seu termo geral cada seqüência dada.
1. 1,1
2,
2
3,
3
4,4
5, · · · 2. 2, 1, 2,
3
2, 2,
7
4, 2,
15
8, 2,
31
16, · · ·
3. 0,Ln2
2,
Ln3
3,
Ln4
4, , · · · 4. 1,
2
22 − 12,
3
32 − 22,
4
42 − 32, · · ·
5. 0,1
22,
2
32,
3
42, · · · 6. sen1o,
sen2o
2,
sen3o
3, · · ·
19. Dê um exemplo de uma seqüência limitada e não monótona que possui uma subseqüência
crescente.
20. Classifique as seqüências do Exercício 1-1 (??) quanto à limitação e monotonia, e selecione
de cada uma delas uma subseqüência monótona. Qual de aquelas seqüências possui uma
subseqüência constante?.
21. Determine o sup . e o inf . das seguintes seqüências.
1.{
− n2 + n}
n∈N+2.
{2n
n!
}
n∈N+3.
{ 2
3n− 4
}
n∈N+
4.{
1 − 1
n
}
n∈N+5. {Lnn}n∈N+ 6.
{ 3n2
n2 + n
}
n∈N+
7. {(−2)n}n∈N+
22. Dê um exemplo de uma seqüência {an}n∈N+ não constante, crescente e limitada superior-
mente.
23. Dê exemplo de uma seqüência {an}n∈N+ cuja distância entre quaisquer de seus termos
consecutivos seja sempre 4.
24. Determine para cada caso, se a seqüência dada é crescente, decrescente ou não monótona:
1.{(2n− 1)!
2n · n!
}
n∈N+2.
{ 5n
1 + 52n
}
n∈N+3.
{ 5n
(30 − k0) + 52n
}
n∈N+
4.{ 2n
1 + 2n
}
n∈N+5.
{n!
3n
}
n∈N+6.
{ 1
n+ sen(n2)
}
n∈N+
7.{nn
n!
}
n∈N+8.
{ n!
(2n− 1)!
}
n∈N+9.
{ n!
1.3.5...(2n− 1)
}
n∈N+
Christian José Quintana Pinedo 121
4.3 LIMITE DE SEQÜENCIA
4.3.1 Limite de uma seqüência.
O conceito de limite de uma seqüência, está estreitamente ligado a os conceitos de limites
ao infinito estudados numa primeira disciplina de Cálculo 3. Consideremos a restrição de uma
função de R em R restrita ao conjunto de partida N+; logo temos a seguinte definição de limite
ao infinito.
Definição 4.9. Limite ao infinito.
Seja f : R −→ R , uma função e L ∈ R, diz-se que L é o limite de f(x) quando x tende para
+∞ e escreve-se limx→+∞
f(x) = L se e somente se dado ε > 0, existe N > 0 tal que | f(x)−L |< ε
sempre que x > N .
Definição 4.10. Limite de uma seqüência.
Seja {an}n∈N+ uma seqüência de números reais, dizemos que o número real L é o limite de
{an}n∈N+ , ou que a seqüência {an}n∈N+ converge para L, quando para todo número real ε > 0,
for possível obter n0 ∈ N+ tal que |an − L| < ε, sempre que n > n0.
Em linguagem simbólica temos:
limn→+∞
an = L ⇔ ∀ ε > 0, ∃ n0 ∈ N+; n > n0 ⇒ |an − L| < ε
Outra notação para indicar que uma seqüência {an}n∈N+ converge para L é:
an → L; n→ +∞
Se {an}n∈N+ é uma seqüência de números reais, então as seguintes expressões:
1. {an}n∈N+ é convergente para L em R.
2. {an}n∈N+ converge a L em R.
3. {an}n∈N+ tem um limite L em R.
4. {an}n∈N+ tende a um limite L em R.
5. O limite de {an}n∈N+ existe em R, é o valor L.
são equivalentes; sempre que an → L ∈ R, quando n→ +∞.
É importante ressaltar que em nossa definição de “seqüência convergente” o valor L depende
não somente de {an}n∈N+ ; também depende do espaço (conjunto) em que estamos trabalhando.
Exemplo 4.17.
Utilizar a definição de limite de uma seqüência, para demonstrar que{ n
2n+ 1
}
n∈N+tem o
limite1
2.
3"Cálculo Diferencial em R do mesmo autor.2008.
122 Cálculo Vetorial e Séries
Demonstração.
Devemos mostrar que para qualquer ε > 0, existe um número n0 > 0 tal que:
∣∣∣∣
n
2n+ 1− 1
2
∣∣∣∣< ε para todo n > n0
Com efeito,
∣∣∣∣
n
2n+ 1− 1
2
∣∣∣∣=
∣∣∣∣
2n− (2n+ 1)
2(2n+ 1)
∣∣∣∣=
∣∣∣∣
−1
4n+ 2
∣∣∣∣=
1
4n+ 2
Logo, devemos determinar um número n0 > 0 tal que:
1
4n+ 2< ε para todo n > n0
Tem-se que1
4n+ 2< ε é equivalente a 2n+ 1 >
1
2ε⇒ n >
1 − 2ε
4ε.
Portanto, se n0 =1 − 2ε
4ε, a definição é válida; e
{ n
2n+ 1
}
n∈N+tem o limite
1
2.
Exemplo 4.18.
Mostre que a seqüência {n}n∈N+ não é convergente.
Demonstração.
Suponhamos que a seqüência {n}n∈N+ seja convergente para algum L ∈ R. Dado ε =1
3> 0
existe n0 ∈ N+ tal que |an − L| = |n− L| < ε sempre que n > n0.
Como |an − L| < 1
3, |an+1 − L| < 1
3, logo |n− L| < 1
3, |n+ 1 − L| < 1
3.
Sendo n < n+ 1, deduzimos que:
1 = |(n+ 1) − n| ≤ |n+ 1 − L| + |n− L| < 1
3+
1
3=
2
3
então 1 <2
3, isto é contradição !
Portanto, supor que {n}n∈N+ converge é falso!
Observação 4.3.
Para o Exemplo (4.11), a seqüência cujo termo geral é:
an = 1 + 1 +1
2!+
1
2!+
1
4!+ · · · + 1
n!
provamos que é limitada e crescente.
Escrevemos e = limn→∞
an
O número e é uma das constantes mais importantes em diversos ramos do estudo da matemática,
como observamos 2 < e < 3; na verdade e = 2, 7182 · · · .
Exemplo 4.19.
Mostre que a seqüência cujo termo geral é : an = rn onde r ∈ R é um número fixado tal
que −1 < r < 1 converge para zero.
Demonstração.
Christian José Quintana Pinedo 123
Se r = 0 ⇒ an = 0, ∀ n ∈ N+, logo an → 0 quando n→ +∞.
Suponhamos que r 6= 0. Dado ε > 0, como 0 < |r| < 1, então Ln|r| é bem definido, além
disso como a função logaritmo é crescente, e Ln|r| < 0:
|rn − 0| = |rn| < ε ⇔ nLn|r| < Lnε ⇔ n >Lnε
Ln|r|
É suficiente escolher qualquer número natural n0 =Lnε
Ln|r| , e teremos que an → 0 quando
n→ +∞. Por exemplo, isso acontece quando ε = |r|k onde k ∈ N+.
Exemplo 4.20.
A seqüência:{
− 1
n
}
n∈N+converge no conjunto de números reais negativos para 0; porém
não converge no conjunto dos números reais positivos.
Exemplo 4.21.
Mostre usando a definição, que a seqüência:{ n
n+ 1
}
n∈N+converge para o número L = 1.
Demonstração.
A mostrar que, dado qualquer ε > 0, existe um n0 ∈ N+ tal que |an − 1| < ε sempre que
n > n0.
Com efeito, dado qualquer ε > 0 :
|an − 1| = | n
n+ 1− 1| =
1
n+ 1< ε ⇔ n >
1
ε− 1.
Isto quer dizer que, dado qualquer ε > 0, existe n0 =1 − ε
εtal que
n > n0 ⇒ |an − 1| < ε.
Exemplo 4.22.
Mostre que a seqüência de termo geral an =3n
n+ sen2nconverge.
Demonstração.
Observa-se que seu limite deve ser 3, é suficiente dividir numerador e denominador por n e
lembrar quesen2n
n→ 0.
Observe que:
|an − 3| =3|sen2n|
|n+ sen2n| ≤3
|n+ sen2n| ≤3
n− |sen2n| ≤3
n− 1
as duas últimas desigualdades havendo sido obtidas graças às desigualdades |n + sen2n| ≥ n −|sen2n| ≥ n − 1. Fazendo agora intervir o número ε, obtemos uma desigualdade imediata de
resolver em n:
|an − 3| ≤ 3
n− 1< ε ⇔ n > 1 +
3
ε
124 Cálculo Vetorial e Séries
Isto quer dizer que, dado qualquer ε > 0, existe n0 =3 + ε
εtal que
n > n0 ⇒ |an − 3| < ε.
Portanto, a seqüência de termo geral an =3n
n+ sen2nconverge para 3.
Exemplo 4.23.
Determine o limite das seguintes seqüências:
a) 1; −1
2;
1
3; −1
4; · · · ;
(−1)n−1
n; · · ·
b) 2;4
3;
6
5;
8
7; ; · · · 2n
2n− 1; · · ·
c)√
2;√
2√
2;
√
2√
2√
2 ; · · ·
Solução.
a) O termo geral da seqüência está dado por an =(−1)n−1
n, ∀ n ∈ N+, n > 1, logo se n par
resulta limn→+∞
(−1)n−1
n= lim
n→+∞1
n= 0; para o caso n ímpar lim
n→+∞(−1)n−1
n= lim
n→+∞−1
n=
0.
Portanto, limn→+∞
(−1)n−1
n= 0
b) Observe que o termo geral da seqüência é: an =2n
2n− 1, calculando o limite temos: lim
n→+∞2n
2n− 1=
limn→+∞
2
2 − 1n
= 1. Portanto limn→+∞
2n
2n− 1= 1
c) Observe que:
a1 =√
2 = 212
a2 =√
2√
2 = 212 2
14 = 2
12+ 1
4
a3 =
√
2√
2√
2 = 212 2
14 2
18 = 2
12+ 1
4+ 1
8
...
an =
√
2√
2√
2 · · · = 212+ 1
22+ 1
23+ 1
24+ 1
25+··· 1
2n
Porém1
2+
1
22+
1
23+
1
24+
1
25+ · · · 1
2n=
1
2
[
1 +1
2+
1
22+
1
23+
1
24+
1
25+ · · · 1
2n−1
]
= 2(1 − 1
2n).
Assim, an = 2(1 − 1
2n), aplicando propriedade seguinte lim
x→aKf(x) = K
limx→a
.f(x), resulta
limn→+∞
2(1− 12n ) = 2
limn→+∞
(1− 12n )
= 21 = 2.
Portanto limn→+∞
an = 2. �
Christian José Quintana Pinedo 125
Propriedade 4.2.
Seja {an}n∈N+ uma seqüência, e L ∈ R, então as seguintes afirmações são equivalentes:
1. A seqüência {an}n∈N+ converge para L.
2. A seqüência {an − L}n∈N+ converge para zero.
A demonstração desta propriedade é exercício para o leitor.
4.3.2 Propriedades do limite de seqüência.
Da definição de limite para uma seqüência, é necessário compreender o seguinte:
1. O número real n0 da Definição (4.10) em geral depende do número ε.
2. A desigualdade |an − L| < ε implica L − ε < an < L + ε, então an ∈ (L − ε, L + ε), isto
significa que fora do intervalo real (L− ε, L+ ε) existe no máximo uma quantidade finita
de termos da seqüência.
Lembre a seguinte propriedade de números reais:
Propriedade 4.3.
i) Seja x ∈ R e x ≥ 0, se x < ε para todo ε > 0, então x = 0.
ii) Quando | x |< ε, ∀ ε > 0 ⇒ x = 0.
Demonstração.
i) Como x ≥ 0, então x = 0 ou x > 0. A possibilidade x > 0 não pode acontecer, pois se x > 0
então do fato x < ε e como ε > 0 em particular podemos escolher ε = x de onde ε = x < x
o que é contraditório.
Por tanto x = 0.
ii) Exercício para o leitor.
Observação 4.4.
a) Se os termos de uma dada seqüência permanecem, a partir de uma certa ordem, constante,
então a seqüência é convergente e seu limite é esse valor constante.
b) Existem seqüências (não limitadas) cujos termos crescem indefinidamente à medida que o
índice n aumenta, neste caso dizemos que a seqüência tem limite infinito e denotamos
limn→+∞
an = ∞
c) Dizer que uma seqüência {an}n∈N+ diverge equivale a admitir que limn→+∞
an = ∞ ou que não
existe limn→+∞
an.
126 Cálculo Vetorial e Séries
d) Ao invés de escrever limn→+∞
an = L , simplesmente escreveremos limn→∞
an = L .
e) Ao invés de escrever uma seqüência na forma {an}n∈N+ , simplesmente escreveremos {an},entendendo que o índice n percorre o conjunto N+.
Propriedade 4.4. Unicidade do limite.
Se limn→∞
an = L1 e limn→∞
an = L2 então L1 = L2; isto é, quando exista o limite de uma
seqüência, este limite é único.
Demonstração.
Seja ε > 0 qualquer número real; e suponha que limn→∞
an = L1 e limn→∞
an = L2 sendo L1 6= L2.
Será suficiente mostrar que | L1 − L2 |< ε para todo ε > 0.
Do fato limn→∞
an = L1 da definição de limite temos que, dado qualquer ε > 0, existe um
n1 > 0 tal que | an − L1 |< ε
2sempre que n > n1 ; de modo análogo dado lim
n→∞an = L2 da
definição de limite temos que, dado qualquer ε > 0, existe um n2 > 0 tal que | an − L2 |< ε
2sempre que n > n2.
Considere n0 = max .{ n1, n2 } e n > n0 então cumprem-se as desigualdades | an − L1 |< ε
2e | an − L2 |< ε
2.
Das propriedades de números reais, temos que:
| L1 − L2 |=| L1 − an + an − L2 |≤
≤| an − L1 | + | an − L2 |< ε
2+ε
2= ε para n > n0
Assim mostramos que para todo ε > 0, sendo n > n0 verifica-se pela Propriedade (4.3)
| L1 − L2 |< ε o que implica L1 = L2.
Exemplo 4.24.
Demonstre que a seqüência{ n
3n− 1
}
converge para1
3.
Demonstração.
Dado qualquer ε > 0, temos a encontrar um n0 > 0 tal que:
∣∣∣∣
n
3n− 1− 1
3
∣∣∣∣< ε, ∀ n > n0
Com efeito, tem-se que
∣∣∣∣
n
3n− 1− 1
3
∣∣∣∣=
1
6n− 3< ε ⇔ 6n− 3 >
1
ε
Considerando n0 =1 + 3ε
6εtem-se que para todo n > n0, então
∣∣∣∣
n
3n− 1− 1
3
∣∣∣∣< ε.
Portanto, a seqüência{ n
3n− 1
}
converge a1
3. �
Exemplo 4.25.
Mostre que a seqüência {(−1)n} não é convergente.
Demonstração.
Christian José Quintana Pinedo 127
Suponhamos que limn→∞
(−1)n = L e consideremos ε = 1, então existe n0 > 0 tal que para
todo n > n0 tem-se |(−1)n − L| < 1.
Suponha n1 seja par, logo tem-se que se n1 > n0 ⇒ |1 − L| < 1; para o caso n2 ímpar
tal que n2 > n0 tem-se | − 1 − L| < 1.
Assim, resulta que | − 1 − 1| < | − 1 − L| + |1 − L| < 2 ⇔ 2 < 2 contradição !.
Portanto, a seqüência {(−1)n} é divergente.
Exemplo 4.26.
Determine se a seqüência{
n · senπn
}
é convergente.
Solução.
Tem-se que limn→∞
n · senπn
= limn→∞
senπn1n
= π · limn→∞
senπnπn
.
Podemos considerar a mudança de variável m =π
n, assim quando n→ ∞ tem-se que m→ 0;
logo no limite:
limn→∞
n · senπn
= π · limn→∞
senπnπn
= π · limm→0
senm
m= π. · 1 = π
Portanto, a seqüência{
n · senπn
}
é convergente para π.
4.3.3 Seqüência de Cauchy.
Definição 4.11. Seqüência de Cauchy.
Uma seqüência {an} é dita de Cauchy, quando para todos os ε > 0 dado, existe n0 ∈ N+ tal
que |am − an| < ε sempre que m, n > n0.
Exemplo 4.27.
Mostre que a seqüência{ 1
n
}
é de Cauchy.
Demonstração.
Com efeito, para todo ε > 0, tem-se que:
|am − an| =
∣∣∣∣
1
m− 1
n
∣∣∣∣
(4.6)
1o Se m = n, em (4.6) seque que |am − an| = 0 < ε, ∀ no ∈ N+.
2o Se m > n, em (4.6) seque que |am − an| <1
n− 1
m<
1
n.
Como deve cumprir que |am − an| < ε ⇒ 1
n< ε ⇒ n >
1
ε= n0.
Logo como m > n > n0, é suficiente considerar n0 =1
ε.
3o Se m < n, em (4.6) seque que |am − an| <1
n− 1
m<
1
m.
Como deve cumprir que |am − an| < ε ⇒ 1
m< ε ⇒ m >
1
ε= n0.
128 Cálculo Vetorial e Séries
Logo como n > m > n0, é suficiente considerar n0 =1
ε.
Portanto, a seqüência{ 1
n
}
é de Cauchy.
Propriedade 4.5.
Toda seqüência convergente é de Cauchy.
Demonstração.
Suponhamos que a seqüência {an} seja convergente para L.
Podemos adaptar a definição de convergência para afirmar que, dado ε > 0 existe um inteiro
n0 > 0 tal que:
|an − L| < ε
2sempre que n > n0 (4.7)
Tanto faz m ou n, desde que sejam maiores que n0, podemos adaptar nossa definição de
convergência para obter:
|am − L| < ε
2sempre que m > n0 (4.8)
Das desigualdades (4.7) e (4.8) seque que:
|am − an| = |(am − L) − (an − L)| < ε
2+ε
2+ ε sempre que m, n > n0
Portanto, {an} é de Cauchy.
A diferencia entre a definição de convergência e de seqüência de Cauchy, é que o limite está
incluído explicitamente na primeira definição e não na segunda.
Posteriormente estudaremos o caso de que se uma seqüência é de Cauchy, então ela é con-
vergente. Isto permitira determinar se uma determinada seqüência converge ou não, sem ter que
calcular seu limite.
4.3.4 Espaço métrico.
Definição 4.12. Espaço métrico.
Um conjunto E cujos elementos chamaremos de pontos, dizemos que é um espaço métrico,
se para cada dois pontos p, q ∈ E podemos associar um número real d(p, q) chamado distância
de p a q, tal que:
• d(p, q) > 0, se p 6= q; e d(p, p) = 0.
• d(p, q) = d(q, p).
• d(p, r) ≤ d(p, q) + d(q, r) para todo r ∈ E.
Considerando d(p, q) = |p− q| em R, resulta que R é um espaço métrico.
Definição 4.13. Espaço métrico completo.
Um espaço métrico C dizemos que é completo se, nele toda seqüência de Cauchy converge.
Christian José Quintana Pinedo 129
Exemplo 4.28.
O conjunto dos números racionais Q com a métrica d(p, q) = |p−q| não é completo. Observe
a seqüência:
1, 4; 1, 41; 1, 414; 1, 4142; 1, 41421; 1, 414213; 1, 4142135; 1, 41421356; · · ·
Esta seqüência é de Cauchy, converge para√
2 /∈ Q.
Propriedade 4.6.
Se f : R −→ R é contínua então: limx→∞
f(x) = f( limx→∞
x)
A demonstração desta propriedade é exercício para o leitor.
Exemplo 4.29.
Determine se a seqüência de termo geral an = en é convergente.
Solução.
Como a função exponencial f(x) = ex é contínua em R ⊃ N+, temos que limn→∞
f(n) =
limn→∞
en = exp( limn→∞
n) = f( limn→∞
n) = ∞.
Portanto, a seqüência {en} é divergente.
Exemplo 4.30.
Calcular o limite de an = n√
n√n.
Solução.
Como an =n
√
n√n = (n
1n )
1n = n
1n2 = exp(Ln(n
1n2 )) = exp(
Lnn
n2), então aplicando
L’Hospital e a Propriedade (4.6) temos:
limn→∞
n
√
n√n = lim
n→∞exp(
Lnn
n2) = exp( lim
n→∞1
2n2) = exp(0) = 1
Propriedade 4.7. Da média aritmética.
Seja a seqüência {an} que converge para L, então limn→∞
a1 + a2 + a3 + · · · + ann
= L.
Demonstração.
Como limn→∞
an = L ⇒ an = L+ δn onde limn→∞
δn = 0.
Logo a soma expressamos na forma:
a1 + a2 + a3 + · · · + ann
=(L+ δ1) + (L+ δ2) + (L+ δ3) + · · · + (L+ δn)
n
= L+δ1 + δ2 + δ3 + · · · + δn
n
Sendo limn→∞
δn = 0 ⇒ |δn| < ε sempre que n > n0, logo a soma δ1 + δ2 + δ3 + · · ·+ δp = k
(constante) para algum p ∈ N+, e |δk| < ε, ∀ k > p.
Então |δp+1 + δp+2 + δp+3 + · · · + δn| < |δp+1| + |δp+2| + |δp+3| + · · · + |δn| < (n− p)ε.
Logo, 0 ≤∣∣∣∣limn→∞
a1 + a2 + a3 + · · · + ann
− L
∣∣∣∣≤ lim
n→∞
∣∣∣∣
k
n
∣∣∣∣+ limn→∞
(n− p)ε
n< ε.
Portanto, limn→∞
a1 + a2 + a3 + · · · + ann
= L, em virtude da Propriedade (4.3) ii).
130 Cálculo Vetorial e Séries
Exemplo 4.31.
Calcular o limn→∞
1√16n2 + 3
[√
3
4+
√
4
5+
√
5
6+ · · · +
√
n+ 2
n+ 3
]
Solução.
Este limite podemos escrever na forma:
limn→∞
1√16n2 + 3
[√
3
4+
√
4
5+
√
5
6+ · · · +
√
n+ 2
n+ 3
]
=
= limn→∞
n√16n2 + 3
· limn→∞
1
n
[√
3
4+
√
4
5+
√
5
6+ · · · +
√
n+ 2
n+ 3
]
.
Sabe-se que limn→∞
n√16n2 + 3
=1
4e lim
n→∞
√
n+ 2
n+ 3= 1, assim pela propriedade da média
aritmética tem-se: limn→∞
1
n
[√
3
4+
√
4
5+
√
5
6+ · · · +
√
n+ 2
n+ 3
]
= 1.
Portanto, limn→∞
1√16n2 + 3
[√
3
4+
√
4
5+
√
5
6+ · · · +
√
n+ 2
n+ 3
]
=1
4.
Propriedade 4.8. Da média geométrica.
Suponhamos {an} seja convergente, tal que limn→∞
an = L, então:
limn→∞
n√a1 · a2 · a3 · · · an = L
Demonstração.
Como limn→∞
an = L, tem-se aplicando a Propriedade (4.6) à função f(x) = Lnx x > 0 , que
Ln( limn→∞
an) = LnL, de onde limn→∞
(Lnan) = LnL.
Seja un = n√a1 · a2 · a3 · · · an ⇒ Lnun =
1
n(Lna1 + Lna2 + Lna3 + · · · + Lnan).
Calculando o limite quando n→ ∞ e aplicando a Propriedade (4.6) segue que:
limn→∞
un = limn→∞
n√a1 · a2 · a3 · · · an ⇒
⇒ Ln( limn→∞
un) = limn→∞
1
n(Lna1 + Lna2 + Lna3 + · · · + Lnan) = LnL.
Sendo a função exponencial g(x) = exp(x), x ∈ R contínua e inversa da função logaritmo,
tem-se: exp(Ln( limn→∞
un)) = exp(LnL) ⇒ limn→∞
un = L.
Portanto, limn→∞
n√a1 · a2 · a3 · · · an = L.
Exemplo 4.32.
Calcular limn→∞
n
√
3
5· 5
8· 7
11· · · 2n+ 1
3n+ 2Solução.
Christian José Quintana Pinedo 131
Observe que a1 =3
5, a2 =
5
8, a3 =
7
11, · · · , an =
2n+ 1
3n+ 2de onde lim
n→∞2n+ 1
3n+ 2=
2
3.
Logo pela propriedade da média geométrica segue que:
limn→∞
n
√
3
5· 5
8· 7
11· · · 2n+ 1
3n+ 2=
2
3
Propriedade 4.9.
Se uma seqüência {an} converge para um limite L, e se M < L < N , então, a partir de um
certo índice n tem-se que M < an < N .
Demonstração.
Dado qualquer ε > 0, existe n0 ∈ N+ tal que a partir desse índice L− ε < an < L+ ε.
Assim, podemos reescrever ε como o menor dos números L−A e B−L, para obter L− ε >
L− (L−A) = A e L+ ε < L+ (B − L) = B sempre que n0 > n.
De onde para n < n0 tem-se que A < an < B.
Definição 4.14. Seqüência contrativa.
Uma seqüência an é dita contrativa se existe a constante c com, 0 < c < 1 tal que |an+2 −an+1| ≤ c|an+1 − an| ∀n ∈ N+.
Exemplo 4.33.
São seqüências contrativas:
•{ 1
n
}
•{(−1)n
n
}
Propriedade 4.10.
Toda seqüência contrativa é limitada.
Demonstração.
Observe que |an+2 − an+1| ≤ c|an+1 − an| ≤ c2|an − an−1| ≤ · · · ≤ cn|a2 − a1| ∀n ∈ N+.
Seja sn = (an − an−1) + (an−1 − an−2) + · · · + (a3 − a2) + (a2 − a1), então sn = an − a1.
Logo, |an − a1| = |sn| ≤ |an − an−1| + |an−1 − an−2| + · · · + |a3 − a2| + |a2 − a1| ≤ [cn−1 +
cn−2 + · · · c2 + c+ 1]|a2 − a1|.Como 0 < c < 1 ⇒ 0 < 1 − cn < 1, ∀ n ∈ N+, assim |an − a1| ≤
1 − cn
1 − c|a2 − a1| <
1
1 − c|a2 − a1|
M = a1 −|a2 − a1|
1 − c≤ an ≤ a1 +
|a2 − a1|1 − c
= N
Considere o max .{|M |, |N |} = P e teremos que existe P ∈ R tal que |an| ≤ P, ∀n ∈ N+.
Portanto, toda seqüência contrativa é limitada.
Propriedade 4.11. Critério de Stolz - Cesaro.
132 Cálculo Vetorial e Séries
Sejam {an} e {bn} duas seqüências tais que: limn→∞
bn = +∞ e {bn} monótona. Então:
limn→∞
anbn
= limn→∞
an+1 − anbn+1 − bn
= λ ∈ R
A demonstração é exercício para o leitor.
Exemplo 4.34.
Determine se a seqüência de termo geral cn =Ln(n!)
Ln(nn)converge.
Solução.
Suponhamos as seqüências de termo geral an = Ln(n!) e bn = Ln(nn), como {bn} é monótona
crescente, segue que:
limn→∞
Ln(n!)
Ln(nn)= lim
n→∞Ln(n+ 1)! − Ln(n!)
Ln(n+ 1)n+1 − Ln(nn)= lim
n→∞Ln(n+ 1)
(n+ 1)Ln(n+ 1) − nLnn=
= limn→∞
Ln(n+ 1)
nLn[n+1n
]+ Ln(n+ 1)
= limn→∞
1nLn(n+ 1)
Ln[n+1n
]+ 1
nLn(n+ 1)
= limn→∞
Ln n√n+ 1
Ln[1 + 1
n
]+ Ln n
√n+ 1
=Lne
Ln1 + Lne=
1
1= 1
Conseqüentemente, limn→∞
cn = 1; portanto a seqüência {cn} converge.
Christian José Quintana Pinedo 133
Exercícios 4-2
1. Mostre que a seqüência {an}n∈N+ , onde a1 = 0, an+1 =3an + 1
4∀ n ∈ N+ é crescente
e limitada.
2. Quais das seguintes seqüências são monótonas. Quais são limitadas ?
1. {n2}n∈N+ 2.{ 1
n2
}
n∈N+3.
{ 1√n
}
n∈N+7.
{ k
k + 1
}
k∈N+
4.{n+ 1
n
}
n∈N+5.
{ 1
m2
}
m∈N+6. {2n}n∈N+ 8
{ r
r2 + 1
}
r∈N+
3. Mostre que a seqüência de termo geral : an =
(1+
√5
2
)n−(
1−√
52
)n
√5
∀ n ∈ N é uma
seqüência de números naturais.
4. Considere as seqüências an : 1,1
2,
1
3,
1
4, · · · e bn : 5, 3; 5, 33; 5, 333; · · · .
1. Os termos de {an} aproximam-se de 0, e os de {bn} de 5, 3334. Em qual dos casos a
aproximação é mais rapidamente?
2. Quantos elementos de {an} estão fora do intervalo de centro 0 e raio1
10? E, quantos
elementos de {bn} estão fora do intervalo de centro 5, 3334 e raio1
10?
3. Com a informação da parte 2., você tem algum argumento que permita decidir em quais
dos casos a aproximação é mais rapidamente?
5. Pense na seqüência 1, 0, 1, 0, 1, · · · obviamente é limitada. Mostre que não existe nenhum
número real que seja limite dessa seqüência.
6. Você deve ter estudado seqüências limitadas que não possuem l,imite. Pense na propriedade
recíproca. Existem seqüências com limite que não sejam limitadas?
7. Mostre que, se limn→+∞
an = L e limn→∞
an = M então L = M .
8. Construa uma seqüência que tenha subseqüências convergindo, cada uma para cada um
dos números inteiros positivos.
9. Construa uma seqüência que tenha uma subseqüência convergindo para −3 e outra con-
vergindo para 8.
10. Se limn→∞
an = L então limn→∞
|an| = |L|. Dar um contra-exemplo mostrando que a recíproca
é falsa, salvo quando a = 0.
11. Demonstre que a seqüência{ 1
n2
}
converge para zero.
12. Demonstre que a seqüência{n+ 1
n
}
converge para 1.
134 Cálculo Vetorial e Séries
13. Para os seguintes exercícios, escreva os quatro primeiros termos da seqüência e determine
se ela é convergente ou divergente. Caso seja convergente, achar seu limite:
1.{ n+ 1
2n− 1
}
2.{n2 + 1
n
}
3.{3 − 2n2
n2 − 1
}
4.{en
n
}
5.{
senhn}
6.{ 2n2 + 1
3n2 − n
}
7.{ n
n+ 1sen
nπ
2
}
8.{senhn
senn
}
9.{ 1√
n2 + 1 − n
}
10.{ 1√
n2 + 1
}
11.{(−1)n+1(n+ 1)
2n
}
12.{Lnn
n2
}
13.{ 1√
n2 + 1 − 1
}
14.{√
n+ 2 −√n+ 1
}
15.{
n
[1
n
]}
16.{
(1 +1
3n)n}
Sugestão: use limx→0
(1 + x)1/x = e.
17.{
r1/n}
e r > 0 Sugestão: considere os dois casos: r ≤ 1 e r > 1.
14. Uma seqüência é tal que: a1 = 0, 9, a2 = 0, 99, a3 = 0, 999, · · · , an = 0, 999999 · · ·︸ ︷︷ ︸
.
Determine o limn→∞
an. n-vezes .
15. No Exercício anterior, qual o valor de n para que, o valor absoluto da diferença entre an e
seu limite não seja maior do que 0, 0001?
16. Calcular se existem os seguintes limites:
1. limn→∞
n3 − 100n2 + 1
100n2 + 15n2. lim
n→∞
n√
2 − 1n√
2 + 13. lim
n→∞2n − 1
2n + 1
4. limn→∞
n
n− 15. lim
n→∞(2n+ 1)2
2n26. lim
n→∞n+ 1
n
7. limn→∞
(n+ 1)4 − (n− 1)4
(n+ 1)4 + (n− 1)48. lim
n→∞(n+ 1)2
2n29. lim
n→∞n2 − 1
2n2 + 1
10. limn→∞
5√n3 + 2n− 1
n+ 211. lim
n→∞n3
n2 + 1+ n 12. lim
n→∞n2 + 5
n2 − 3
17. Verificar o valor dos seguintes limites:
1. limn→+∞
4n3 + 2n2 − 5
n+ 2 − 8n3= −1
22. lim
n→−∞5n3 − n2 + n− 1
n4 − n3 − 2n+ 1= 0
3. limn→+∞
3n2 − 2
2n+ 1+n2 − 4n
n− 3=
3
24. lim
n→+∞2n+ 3
n+ 3√n
= 2
5. limn→+∞
3
√
8n− 4
(3 −√n)(
√n+ 2)
= −2 6. limn→+∞
√
n+√
n+√n+ 3
√n+ 3
= 1
.7 limx→+∞
[√
n2 − 5n+ 6 − 2] = −5
28. lim
n→−∞[√
n2 − 2n+ 4 + n] = 1
9. limn→+∞
[
√
n√
2n− 5n+ 6 − n] = −∞ 10. limn→∞
(
√n2 + 1 + n)2
3√n6 + 1
= 2
Christian José Quintana Pinedo 135
18. Nos seguintes exercícios, use a Definição (4.10) para provar que a seqüência dada tem o
limite L.
1.{ 4
2n− 1
}
; L = 0 2.{ 3
n− 1
}
; L = 0 3.{ 1√
n
}
; L = 0
4.{ 8n
2n+ 3
}
; L = 4 5.{ 5 − n
2 + 3n
}
; L = −1
36.
{ 2n2
5n2 + 1
}
; L =2
5.
7.{ 5k0n
2n+ 3
}
; L =5k0
28.
{3(30 − k0)
2n− 1
}
; L = 0 .
19. Mostre que as seqüências{ n2
n− 3
}
e{ n2
n+ 4
}
divergem; porém, a seqüência{ n2
n− 3−
n2
n+ 4
}
é convergente.
20. Calcule o 4to elemento das seqüências{ logk0 n
2
n
}
e { k0n√n} e determine se elas convergem
ou divergem. Caso convergir ache o seu limite.
21. Determine quais das seguintes seqüências são convergentes. Caso seja convergente, calcular
seu limite.
1.{ n2 + 1
n2 − 2n+ 3
}
2.{ n
Ln(n+ 1)
}
3.{ 3√n+ 4√n− 1
}
4.{3n + n4
4n − n5
}
5.{5 + Lnn
n2 + n
}
6. {e−n · senn}
7. { n√n} 8. { n
√
n2 + n}
22. Determine o limite da seqüência:√
2,√
2 +√
2,
√
2 +√
2 +√
2, · · ·
23. Determine o limites das seguintes seqüências, sendo seu termo geral:
1. an =(
1 +1
3n− 1
)3n+12. an =
(
1 +1
n+ 4
)n3. an =
(
1 +1
2n
)2
4. an =(
1 +1
n+ 1
)6n5. an =
(
1 +1
n2
)n2
6. an =(
1 +1
n!
)n!
7. an =(
1 +2
n
)n8. an =
(
1 +3
n
)n
24. Determine se a seqüência de termo geral, an =(2n+ 5)2n+5nn−3
(4n+ 1)n+2(n+ 3)2né convergente.
25. Estude a convergência da seqüência{
√3n+ 1(n+ 7)n+ 1
2
(3n+√n2 + 5)(n+ 3)n
}
26. Determine o valor do limite: limn→∞
n
√
n ·[
Ln4n
Ln10n
]n [3
2· 8
5· 13
8· · · 5n− 2
3n− 1
]
.
136 Cálculo Vetorial e Séries
27. Determine se a seqüência de termo geral an é convergente, onde:
an = 2
[1
4
]
+ 3
[1
4
]2
+ 4
[1
4
]3
+ · · · + (n+ 1)
[1
4
]n
28. Estudar a convergência da seqüência de termo geral: an =n∏
k=2
k3 − 1
k3 + 1.
29. Mostre que limn→∞
2n · n!
nn= 0.
30. Sejam a1 = 1, an =2an−1 + 3
4para n ≥ 2. Mostre que a seqüência {an} converge.
31. Sejam a1 = 1, a2 = 2, · · · , an =an−2 + an−1
2para n ≥ 3. Mostre que a seqüência {an}
converge.
32. Determine se a seqüência de termo geral, an =12 + 32 + 52 + · · · + (2n− 1)2
12 + 22 + 32 + · · · + n2converge.
Christian José Quintana Pinedo 137
4.4 SEQÜÊNCIAS CONVERGENTES
4.4.1 Propriedades Fundamentais.
Propriedade 4.12.
Toda seqüência monótona convergente, é necessáriamente limitada.
Demonstração.
Seja {an} uma seqüência convergente com limite L.
De acordo com a definição de limite, para qualquer ε > 0, em particular para ε = 1, existe
n0 a partir do qual se tem |an − L| < 1.
Usando a desigualdade triangular podemos assegurar que:
|an| = |an − L+ L| ≤ |an − L| + |L| < 1 + |L| ∀ n ≥ n0 (4.9)
Os únicos termos da seqüência que possívelmente não atendem esta condição (4.9) são:
a1, a2, a3, · · · , an0−1.
Considerando o número real c como o maior entre os números 1+|L|, |a1|, |a2|, |a3|, · · · , |an0−1|teremos |an| ≤ C ∀ n > n0
Observe que a recíproca desta propriedade nem sempre é verdadeira; por exemplo a seqüência
{(−1)n} ela é limitada, porém não é convergente.
Exemplo 4.35.
Mostre que a seqüência√
2,√
2√
2,
√
2√
2√
2, · · · é limitada.
Demonstração.
Pelo Exemplo (4.23) sabe-se que esta seqüência é convergente.
Seja a1 =√
2, a2 =√
2a1, a3 =√
2a2, · · · , an =√
2an−1.
Mostrarei que ela crescente, logo limitada.
Afirmo : Para todo n ∈ N+ tem-se an ≤ an+1.
Com efeito, se n = 1 segue que a1 =√
2 < 2 além disso a1 =√
2 <√
2√
2 = a2.
Suponhamos para n = h que ah ≤ ah+1 e além disso que ah < 2.
Para n = h+ 1 tem-se:
O termo geral é da forma ah+1 =√
2ah, aplicando a hipótese de indução seque (ah+1)2 =
2ah ≤ 2ah+1, logo ah+1 ≤ √2ah+1 = ah+2.
Por outro lado, ah+1 =√
2ah ≤√
4 = 2, pois 2a ≤ 4 pela hipótese indutiva.
Portanto, a seqüência√
2,√
2√
2,
√
2√
2√
2, · · · é limitada.
Propriedade 4.13.
Se f : [β, +∞) −→ R é uma função tal que limx→∞
f(x) = L, então a seqüência de termo geral
an = f(n), n > β, é convergente e seu limite é igual a L.
Se limx→∞
f(x) = ±∞ então a seqüência é divergente.
138 Cálculo Vetorial e Séries
Demonstração.
Pela definição de limite no infinito para funções reais definidas em intervalos, segue que para
cada ε > 0 , existe um número real N > 0, tal que |f(x) − L| < ε, ∀ x ≥ N .
Considerando que a seqüência de termo geral an = f(n), n > β é uma ‘´função restrição”
de f(x), escolhemos um índice n0 ≥ N e teremos |f(n) − L| < ε, ∀ n ≥ n0.
A propriedade acima mencionada, resulta importante para o caso em que seja possível utiliza-
la.
O cálculo de limites torna-se relativamente simples, especialmente quando se usam técnicas
de Cálculo, particularmente a Regra de L’Hospital.
Propriedade 4.14.
Se limn→∞
an = L, então toda subseqüência de {an}n∈N+ converge para o limite L.
Demonstração.
Seja {an1 , an2 , · · · , ani , · · · } uma subseqüência de {an}n∈N+ . Dado ε > 0, existe n0 ∈ N+
tal que n > n0 ⇒ |an − L| < ε.
Como os índices da subseqüência formam um subconjunto infinito, existe entre eles um ni0 >
n0. Então ni > ni0 ⇒ ni > n0 ⇒ |ani − L| < ε.
Portanto, limni→∞
ani = L
Propriedade 4.15.
Uma seqüência {an} converge para L se, e somente se, as subseqüências {a2n} e {a2n−1}convergem para L.
A demonstração desta propriedade é exercício para o leitor. �
Uma seqüência divergente pode ter uma ou mais subseqüências convergentes, para limites dis-
tintos. Pode acontecer também que dada uma seqüência divergente, todas as suas subseqüências
também sejam divergentes, como o caso da seqüência {n}.Isso não contradiz o resultado da Propriedade (4.15), pois as duas subseqüências citadas na
propriedade, juntas contém todos os termos da seqüência original {an}.
Exemplo 4.36.
A seqüência {(−1)n} é divergente, pois suas subseqüências par e ímpar convergem a valores
distintos.
De fato a2n = (−1)2n = 1, ∀ n ∈ N+ converge para 1, enquanto a2n−1 = (−1)2n−1 =
−1, ∀ n ∈ N+ converge para −1.
Exemplo 4.37.
A seqüência de termo geral an =(−1)n
nembora possua seus termos alternadamente positivos
e negativos, ela converge para zero.
Isto pelo fatos das subseqüências a2n =(−1)2n
2ne an =
(−1)2n+−1
2n− 1convergem para zero.
Christian José Quintana Pinedo 139
Exemplo 4.38.
A seqüência de termo geral an =
n, se, n ímpar1
n, se n par
é divergente.
De fato, a subseqüência ímpar tem como termo geral a2n−1 = 2n− 1, ∀n ∈ N+ ela diverge;
e a seqüência par a2n =1
2n, ∀ n ∈ N+, ela converge.
Exemplo 4.39.
Consideremos a seqüência de termo geral an =
1
n, se n par ou primo
n, se, n ímpar ou não-primo.
Observe que esta seqüência {an} é divergente pelo fato não ser limitada.
Note que pelo menos possui duas subseqüências convergentes.
Propriedade 4.16.
Sejam {an} e {bn} seqüências convergentes com limite L e M respectivamente, então:
1. A seqüência {C · an} converge para C · L.
2. A seqüência {|an|} converge para |L|.
3. A seqüência {an ± bn} converge para L±M .
4. A seqüência {an · bn} converge para L ·M .
5. A seqüência{anbn
}
converge paraL
M, sempre que M 6= 0 e bn 6= 0, ∀ n ∈ N+.
Demonstração.
Seja ε > 0 dado. Pela definição de limite, existem índices n1 e n2 tais que:
|an − L| < ε, ∀ n > n1 (4.10)
|bn −M | < ε, ∀ n > n2 (4.11)
Considerando n0 = max .{n1, n2} de modo que (4.10) e (4.11) ocorram simultaneamente,
temos para n > n0 que:
1. Tem-se que |C · an − C · L| = |C||an − L| < |C|ε
2. Tem-se que ||an| − |L|| ≤ |an − L| < ε;
3. Tem-se que |(an ± bn) − (L±M)| ≤ (|an − L| ± |bn −M |) < ε+ ε = 2ε;
4. Tem-se que |an · bn − L ·M | ≤ (|anbn − bnL+ bnL− L ·M | ≤ (|bn||an − L| + |L||bn −M |) ≤(D + |L|)ε, onde D é uma constante positiva que limita a seqüência {bn};
5. Tem-se que:∣∣∣∣
anbn
− L
M
∣∣∣∣=
∣∣∣∣
M · an − L · bn − LM + LM
M · bn
∣∣∣∣≤
≤ 1
|bn|(
|an − L| + |L||M | |bn −M |
)
< C(
1 +|L||M |
)
ε
140 Cálculo Vetorial e Séries
Onde C é um número positivo tal que1
|bn|≤ C, ∀ n ≥ n0 (demonstre !).
Observação 4.5.
De posse das propriedades apresentadas na Propriedade (4.16), fica mais prático o cálculo de
limites. Não é mais necessário utilizar da função extensão f(x), a menos que se faça referência
às propriedades analíticas como continuidade, derivabilidade, etc.
Exemplo 4.40.
Por exemplo para calcular limn→∞
n3 + 4
3n3 − 2n+ 3, procedemos aplicando a Propriedade (4.16)
colocando em evidência o termo de maior grau, resultando:
limn→∞
n3 + 4
3n3 − 2n+ 3= lim
n→∞n3(1 + 4
n3 )
n3(3 − 2n2 + 3
n3 )=
1
3
lembre que limn→∞
1
np= 0, p > 0.
Portanto, limn→∞
n3 + 4
3n3 − 2n+ 3=
1
3
Observação 4.6.
Mostra-se que, se {an} é uma seqüência convergente então:
1. Se α ≤ an, ∀n ∈ N+, então α ≤ limn→∞
an.
2. Se an ≤ β, ∀n ∈ N+, então limn→∞
an ≤ β.
4.4.2 Critérios de Convergência.
Propriedade 4.17.
Se uma seqüência {an} converge para zero, e {bn} é limitada, então a seqüência {an · bn}converge para zero.
Demonstração.
Seja ε > 0; como {an} converge para zero, para este ε, corresponde um n0 > 0 tal que
|an| < ε, sempre que n ≥ n0.
Por outro lado, sendo {bn} uma seqüência limitada, existe uma constante N > 0 tal que
|bn| ≤ N, ∀ n ∈ N+.
E certamente para qualquer n ≥ n0 teremos:
|an · bn − 0| = |an · bn| = |an| · |bn| < ε N
Isto significa que limn→∞
an · bn = 0.
Portanto, a seqüência {an · bn} converge para zero.
Christian José Quintana Pinedo 141
Para a propriedade que acabamos de demonstrar, se exige que a seqüência {bn} seja somente
limitada, podendo ser convergente ou não; por essa razão não foi usada na demonstração a pro-
priedade referente au produto de seqüências, a qual exige a existência dos limites das seqüências
envolvidas.
Exemplo 4.41.
Determine se a seqüência de termo geral an =sen(nπ + 2)
n2é convergente.
Solução.
Observe que an podemos escrever na forma an = bn · cn onde os termos gerais são: bn =
sen(nπ + 2) e cn =1
n2.
Sabe-se que a seqüência {bn} é limitada, e a seqüência {cn} converge para zero.
Portanto a seqüência de termo geral an converge para zero. �
Uma propriedade importante dos números reais, é o fato que eles são completos. Intuitiva-
mente, isto significa que a reta real não tem buracos; isto não ocorre com o conjunto dos números
racionais, não satisfaz esta propriedade.
Axioma 4.1. Axioma de completamento.
Todo conjunto de números reais que tem uma cota superior tem uma mínima cota superior.
Também, todo conjunto de números reais que tem uma cota inferior, tem uma máxima cota
inferior.
Por exemplo, o supremo da seqüência{n+ 1
n+ 2
}
é 1.
O axioma de completamento, junto com as propriedades algébricas de números reais e o
axioma da boa ordem, descrevem o conjunto dos números reais como um sistema completo.
O “axioma do completamento”, será usado na demonstração da seguinte propriedade.
Propriedade 4.18.
Toda seqüência que é ao mesmo tempo limitada e monótona, é convergente. Se {an}n∈N+ é
crescente, então limn→∞
an = sup .{an}.
Demonstração.
Suponhamos que a seqüência {an}n∈N+ seja monótona crescente e limitada, suponha que
L = sup .{an}.Para todo ε > 0, L− ε não é o limite superior, pois L− ε < L e L é o menor dos limites
superiores da seqüência.
Assim, para algum número natural n0 > 0, tem-se que:
L− ε < an0 (4.12)
a1 a2 · · · · · · Lan0L− εrr r r r rrr
142 Cálculo Vetorial e Séries
Do fato ser L o menor dos limites superiores da seqüência, então:
an ≤ L, ∀ n ∈ N+ (4.13)
Como a seqüência {an}n∈N+ é crescente, então:
an ≤ an+1, ∀ n ∈ N+ ⇒ an0 ≤ an sempre que n ≥ n0 (4.14)
Das desigualdades (4.12), (4.13) e (4.14) tem-se:
L− ε < an0 ≤ an ≤ L < L+ ε sempre que n ≥ n0
Assim, L− ε < an < L+ ε ⇔ |an − L| < ε sempre que n ≥ n0.
Pela definição do limite, isto é equivalente a: limn→∞
an = sup .{an}.
Observação 4.7.
• Na Propriedade (4.15), se a seqüência for monótona decrescente e limitada, mostra-se que:
limn→∞
an = inf .{an}.
• Se {an}n∈N+ é crescente e suponhamos que D seja limite superior desta seqüência, então
{an}n∈N+ é convergente, e limn→∞
an ≤ D.
• Se {an}n∈N+ é decrescente e suponhamos que C seja limite inferior desta seqüência, então
{an}n∈N+ é convergente, e limn→∞
an ≥ D.
Propriedade 4.19.
Se limn→∞
an = L, então para todo k ∈ N+, limn→∞
an+k = L.
Demonstração.
Com efeito, {a1+k, a2+k, · · · , an+k, · · · } é uma subseqüência de {an}n∈N+ .
Exprime-se esta propriedade acima dizendo que o limite de uma seqüência não se altera
quando dela se omite um número finito de termos.
Pelas Propriedades (4.4) e (4.14) podemos concluir que:
Para mostrar que uma seqüência {an}n∈N+ não converge: basta obter duas subseqüências
com limites diferentes.
Para determinar o limite de uma subseqüência {akn}kn∈N+ que, a- priori, se sabe que con-
verge: basta determinar o limite de alguma subseqüência. Ele será o limite procurado.
Exemplo 4.42.
Consideremos a seqüência {an}, onde:
a1 = 0, an+1 =2an + 4
3para todo n ∈ N+
Então converge para 4.
Christian José Quintana Pinedo 143
Com efeito, para todo n ∈ N+ tem-se que an ≤ an+1. Observe, se n = 1 então a1 = 0 de
onde a2 − a1 =2a1 + 4
3− a1 =
4
3≥ 0.
Suponhamos que para n = h, cumpra que ah ≤ ah+1. Então ah+2 − ah+1 =2ah+1 + 4
3−
2ah + 4
3=
2
3(an+1 − ah) ≥ 0.
Portanto, {an} é crescente.
Afirmo: |an| ≤ 5.
Com efeito, |a1| = 0 ≤ 5. Suponhamos que para n = h compre que |ah| ≤ 5.
Para n = h+ 1 segue que |ah+1| ≤2|ah| + 4
3≤ 2(5) + 4
3=
14
3≤ 5.
Portanto a seqüência é crescente e limitada.
Por último, suponhamos que limn→∞
an = L, então aplicando a Propriedade (4.19) L =
limn→∞
an+1 = limn→∞
2an + 4
3=
2L+ 4
3.
De onde 3L = 2L+ 4 ⇒ L = 4.
Portanto, limn→∞
an = 4. �
Propriedade 4.20.
Sejam: {an} uma seqüência; L ∈ R, e {bn} uma seqüência positiva de números reais tal que
limn→∞
bn = 0.
Se |L− an| ≤ bn, ∀ n ∈ N+, então limn→∞
an = L.
Demonstração.
Por hipótese {bn} converge para zero, pela Definição (4.10), para todo ε > 0, existe n0 ∈ N+
tal que bn = |bn − 0| < ε sempre que n > n0.
Para todo n > n0 tem-se que: |L− an| ≤ bn < ε.
De onde |an − L| < ε sempre que n > n0.
Portanto, como ε é arbitrário segue-se que {an} converge para L.
Exemplo 4.43.
Determine se a seqüência{ n
n+ 1
}
converge.
Solução.
Observe quen
n+ 1=
(n+ 1) − 1
n+ 1= 1 − 1
n+ 1, além disso sabe-se que
1
n+ 1<
1
n.
Logo,
∣∣∣∣1 − n
n+ 1
∣∣∣∣
=1
n+ 1<
1
n, como
{ 1
n
}
é uma seqüência de números positivos tal que
limn→∞
1
n= 0, então aplicando a Propriedade (4.20) tem-se que: lim
n→∞n
n+ 1= 1.
Portanto, a seqüência{ n
n+ 1
}
converge. �
144 Cálculo Vetorial e Séries
Propriedade 4.21. Critério de confronto.4
Sejam {an}, {bn} e {cn} três subseqüência tais que an ≤ bn ≤ cn ∀ n ∈ N+, com {an} e
{cn} convergindo para o mesmo limite L. Então {bn} também converge para L.
Demonstração.
Como limn→∞
an = limn→∞
an = L, então dado ε > 0, existe n0 > 0 a partir do qual tem-se:
−ε < an − L < ε e − ε < cn − L < ε (4.15)
Como an ≤ bn ≤ cn ∀ n ∈ N+ ⇒ an − L < bn − L < cn − L, usando a desigualdade
(4.15) obtemos que −ε < bn − L < ε, ∀ n ∈ N+.
Portanto, limn→∞
bn = L
Exemplo 4.44.
Dada as seqüências de termos gerais an = sen2nπ, cn =1
ne bn =
1
n2usando a Propriedade
(4.21) verificar que {bn} converge para zero.
Solução.
Tem-se que: 0 = sen2nπ ≤ 1
n2≤ 1
n, ∀ n ∈ N+, então:
0 = limn→∞
sen2nπ ≤ limn→∞
1
n2≤ lim
n→∞1
n= 0
Conseqüentemente, limn→∞
1
n2= 0.
Exemplo 4.45.
Determine se a seqüência{ 1
2n
}
converge.
Solução.
Sabe-se que 2n ≥ n, ∀ n ∈ N+, então
1
2n=
∣∣∣∣
1
2n− 0
∣∣∣∣≤ 1
n, ∀ n ∈ N+
Em virtude da Propriedade (4.21) segue que limn→∞
1
2n= 0.
Portanto a seqüência{ 1
2n
}
converge. �
Propriedade 4.22. Teste da razão para seqüência.
Se una seqüência {an} de termos positivos satisfaz à condição limn→∞
an+1
an= L < 1, então ela
converge para zero.
Demonstração.
Seja 0 < L < 1, e suponhamos que limn→∞
an+1
an= L, então existe n0 > 0 tal que
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣< L,
sempre que n0 > 0.
4Teorema da seqüência intercalada ou Teorema do sanduíche.
Christian José Quintana Pinedo 145
Seja p ∈ N+ maior do que n0, então:
|ap+1| < L|ap|; |ap+2| < L|ap+1| < L2|ap|
Em geral para qualquer k ∈ N+ tem-se:
|ap+k| < Lk|ap| isto é − Lk|ap| < ap+k < Lk|ap|
Como L ∈ (0, 1), limk→∞
Lk = 0.
Portanto, pela Propriedade (4.19), segue que: limk→∞
ap+k = 0; isto é limn→∞
an = 0.
Exemplo 4.46.
Determine se a seqüência{5n
n!
}
é convergente.
Solução.
Tem-se limn→∞
an+1
an= lim
n→∞
5n+1
(n+1)!
5n
n!
= limn→∞
5n+1n!
5n(n+ 1)!= lim
n→∞5
n+ 1= 0 < 1.
Logo a seqüência converge{5n
n!
}
para zero.
Exemplo 4.47.
Determine se a seqüência{2n + n4
3n − n7
}
é convergente.
Solução.
Tem-se limn→∞
2n + n4
3n − n7= lim
n→∞(2/3)n + n4/3n
1 − n7/3n=
limn→∞
(2/3)n + limn→∞
n4/3n
1 − limn→∞
n7/3n.
Aplicando o critério da razão separadamente a cada um dos limites, concluímos que a se-
qüência{2n + n4
3n − n7
}
converge para zero.
Propriedade 4.23. Desigualdade de Bernoulli 5
Quaisquer que sejam o número x ≥ −1 e o número inteiro n ≥ 1 vale a seguinte desigualdade
: (1 + x)n ≥ 1 + nx.
Demonstração.
Como x ≥ −1 ⇒ 0 ≤ (x+ 1), pela fórmula do binômio tem-se:
(1 + x)n =
(
n
0
)
x0(1)n +
(
n
1
)
x1(1)n−1 +
(
n
2
)
x2(1)n−2 + · · ·
· · · +(
n
n− 1
)
x1(1)n−1 +
(
n
n
)
x0(1)n
Logo, (1 + x)n ≥(
n
0
)
x0(1)n +
(
n
1
)
x1(1)n−1 = 1 + nx.
Portanto, (1 + x)n ≥ 1 + nx sempre que x > −1.
Exemplo 4.48.
5Jaques Jacob Bernoulli (1654 − 1705)
146 Cálculo Vetorial e Séries
(a) Mostre que se r > 1, então a seqüência {rn} é limitada inferiormente.
(b) Mostre que se |r| > 1, a seqüência {rn} diverge.
Demonstração. (a)
Como 1 < r ⇒ r < r2 < r3 ⇒ r < rn < · · · , ∀ r ∈ N+, logo {rn} é limitada
inferiormente por r.
Por outro lado, temos que r = 1 + d, e pela desigualdade de Bernoulli, seque que rn =
(1 + d)n ≥ 1 + dn.
Assim, dado qualquer c ∈ R, podemos obter rn > c, desde que consideremos 1 + dn > c, isto
é n >c− 1
d. �
Demonstração. (b)
Como |r| > 1 ⇒ |r| = 1+ b para algum b > 0, pela desigualdade de Bernoulli tem-se que
|r|n = (1 + b)n ≥ 1 + nb ∀ n ∈ N+.
Dado qualquer número positivo L ∈ R, pelo axioma de Arquimedes existe p ∈ N+ tal que
p ≥ 1
b(L− 1).
Considerando p = n e como 1 + nb ≥ L ⇒ 1 + (1 + n)b ≥ L de onde |rn+1| = |r|n+1 ≥1 + (n+ 1)b > L.
Conseqüentemente, não existe L ∈ R tal que L ≥ |rn|, ∀ n ∈ N+.
Portanto, a seqüência {rn} diverge se, |r| > 1. �
Exemplo 4.49.
Mostre que se r > 0, então a seqüência { n√r} converge para 1.
Demonstração.
Suponhamos bn = n√r − 1; então bn > 0.
Por outro lado, como n√r = bn + 1 pela desigualdade de Bernoulli tem-se que r = ( n
√r)n =
(bn + 1)n ≥ 1 + nbn, de onde bn ≤ r − 1
n.
Deste modo 0 < bn ≤ r − 1
nde onde pelo critério do confronto segue que bn → 0; isto é
n√r → 1 .
4.4.3 Consequência da Propriedade (4.18).
Propriedade 4.24.
Seja {an} uma seqüência crescente que converge para L. Então an ≤ L, ∀ n ∈ N+, além
disso se ap ≤ α, ∀ n ∈ N+ então L ≤ α.
Demonstração.
De fato, se p ∈ N+ então limn→∞
(an − ap) = L− ap.
Como {an} é crescente então an−ap ≥ 0 se n ≥ p. Aplicando a primeira parte da Observação
(4.6) segue que ap ≤ L ∀ p ∈ N+.
Se ap ≤ α ∀ p ∈ N+, aplicando a segunda parte da Observação (4.6) segue que limn→∞
an =
L ≤ α.
Christian José Quintana Pinedo 147
Propriedade 4.25.
Seja {bn} uma seqüência decrescente que converge para M . Então M ≤ bn, ∀n ∈ N+, além
disso se β ≤ bp, ∀ n ∈ N+ então β ≤M .
Demonstração.
De fato, se p ∈ N+ então limn→∞
(bn − bp) = M − bp.
Como {bn} é decrescente então bn − bp ≤ 0 se n ≥ p. Aplicando a primeira parte da
Observação (4.6) segue que M ≤ bp ∀ p ∈ N+.
Se β ≤ bp ∀p ∈ N+, aplicando a segunda parte da Observação (4.6) segue que β ≤ limn→∞
bn =
M .
Propriedade 4.26.
i Para cada n ∈ N+ seja [an, bn] um intervalo, suponhamos que:
[a1, b1] ⊃ [a2, b2] ⊃ [a3, b3] ⊃ · · · ⊃ [an, bn] ⊇ · · · (4.16)
então existe c ∈ R tal que:
c ∈ [an, bn] ∀ n ∈ N+ (4.17)
ii) Suponhamos que limn→∞
(bn − an) = 0. Então existe um único c ∈ R que satisfaz (4.17). Além
disso, se λn ∈ [an, bn] ∀ n ∈ N+, então {λn} converge para c.
Demonstração. i)
Das inclusões (4.16) deduzimos que a seqüência {an} é crescente, e a seqüência {bn} é de-
crescente. Como os termos desta seqüência estão contidos em [a1, b1] logo elas são limitadas;
pela Propriedade (4.18) concluímos que elas convergem.
Selam L = limn→∞
an e M = limn→∞
bn.
Pelas propriedades (4.25) e (4.26) temos que an ≤ L e M ≤ bn, ∀n ∈ N+. Da desigualdade
(4.15) tem-se que ap ≤ bq, ∀ p, q ∈ N+ de onde pela primeira parte da Observação (4.6)
concluímos que L ≤ bq. Sendo para todo p ∈ N+, novamente usando a primeira parte da
Observação (4.6) concluímos que L ≤M .
Seja c ∈ R tal que L ≤ c ≤M ⇒ c ∈ [an, bn] ∀ n ∈ N+.
Portanto, então existe c ∈ R tal que: c ∈ [an, bn] ∀ n ∈ N+. �
Demonstração. ii)
Seja c ∈ [an, bn] ∀n ∈ N+, então pela Observação (4.6) L ≤ c ≤M . Como limn→∞
(bn−an) = 0
então:
L = limn→∞
an + limn→∞
(bn − an) =
= limn→∞
[an + (bn − an)] = limn→∞
bn = M
Portanto, L = c = M ; se λn ∈ [an, bn] ∀ n ∈ N+, então an ≤ λn ≤ bn ∀ n ∈ N+, então
pelo critério do confronto segue que {λn} converge para L = c = M .
148 Cálculo Vetorial e Séries
4.4.4 Teorema de Bolzano - Weirstrass.
Propriedade 4.27. Bolzano - Weirstrass
Toda seqüência {an} limitada de números reais, possui uma subseqüência convergente.
A condição de seqüência limitada é essencial. por exemplo a conclusão não é válida para a
seqüência {n}.Por outro lado, seja {an} uma seqüência e A ⊆ R então uma e somente uma das seguintes
situações cumpre:
1. Existe somente um n0 ∈ N+ tal que an /∈ A para todo n ≥ n0.
2. Não há nenhum n0 tal que n0 ∈ N+.
Para o caso 1. os únicos termos da seqüência {an} que podem pertencer aA são a1, a2, a3, · · · , an0−1.
Isto é A contém um número finito de termos da seqüência.
O caso 2. diz que A contem um número infinito de termos da seqüência.
Isto tem a er com a demonstração pelo seguinte:
Seja [a, b] um intervalo, e a < c < b. Suponhamos que [a, b] contenha um número infinito
de termos da seqüência {an}, então ao menos um dos intervalos [a, c], [c, b] também contém um
número infinito de termos da seqüência {an}. Caso contrario, como [a, b] = [a, c] ∪ [c, b] teria
um número finito de termos (contradição!).
Demonstração. do Teorema de Bolzano - Weirstrass.
Seja {an} uma seqüência limitada por L ∈ R ⇒ −L ≤ an ≤ an, ∀ n ∈ N+; isto é
an ∈ [−L, L], ∀ n ∈ N+.
Seja α1 = −L, β1 = L ⇒ [α1, β1] contém um número infinito de termos da seqüência
{an}. Conseqüentemente um dos dois intervalos
[α1,α1 + β1
2], [
α1 + β1
2, β1] (4.18)
contém um número infinito de termos da seqüência {an}. Denotemos um dos intervalos que
contém um número infinito de termos da seqüência {an} por [α2, β2].
Agora consideremos:
[α2,α2 + β2
2], [
α2 + β2
2, β2] (4.19)
contém um número infinito de termos da seqüência {an}. Denotemos um dos intervalos que
contém um número infinito de termos da seqüência {an} por [α3, β3].
Continuando com este processo, obtém-se uma seqüência de intervalos:
[α1, β1] ⊇ [α2, β2] ⊇ [α3, β3] ⊇ · · · ⊇ [αn, βn] ⊇ · · · (4.20)
cada um dos quais contém uma quantidade infinita de termos da seqüência {an} e,
β1 − α1 = 2L, β2 − α2 =(2L)
2, β3 − α3 =
(2L)
22, · · · , βn − αn =
(2L)
2n−1, · · · (4.21)
Christian José Quintana Pinedo 149
Pela Propriedade (4.27), existe λn ∈ [an, bn] ∀ n ∈ N+, onde {λn} é convergente.
Seja n1 ∈ N+ tal que an1 ∈ [α1, β1], e n2 ∈ N+ tal que an2 ∈ [α2, β2] onde n1 < n2. Existe
n2 assumindo que [α2, β2] contém um número infinito de termos.
Seguindo este processo, escolhemos n1, n2, n3, · · · , nk, · · · com nk < nk+1 e nk+1 ∈[αk+1, βk+1] (de fato, [αk+1, βk+1] contém uma quantidade infinita de termos da seqüência
{an}. Deste modo obtemos o conjunto N ′ = { n1 < n2 < n3 < · · · < nk < · · · } tal que
λn = ank+1∈ [ak, bk]
Portanto, existe {ank}nk∈N′ subseqüência convergente de {an}
Propriedade 4.28.
Seja {an} uma seqüência convergente para L ∈ R, e seja N′ = { n1 < n2 < n3 < · · · < nk <
· · · }, então {ank}nk∈N′ converge para L.
Demonstração.
Seja ε > 0, como {an} converge a L, então existe n0 ∈ N+ tal que |an − L| < ε sempre que
n > n0. Se j > n0, ⇒ nj > j > n0 e assim |anj − L| < ε.
Conseqüentemente se j > n0, então |anj − L| < ε. Como ε > 0 é arbitrário, deduzimos que
{ank}nk∈N′ converge a L.
Propriedade 4.29.
Se L ∈ R, então existe um número natural n ∈ N+ tal que n ≥ L.
Demonstração.
Pelo absurdo.
Suponhamos que, n < L, ∀ n ∈ N+, então a seqüência {n} é limitada por L, além disso
sabemos que é crescente.
Pela Propriedade (4.18) a seqüência {n} é convergente; isto contradiz o que foi mostrado no
Exemplo (4.18).
Portanto, se L ∈ R, então existe um número natural n ∈ N+ tal que n ≥ L.
150 Cálculo Vetorial e Séries
Exercícios 1-3
1. Calcular se existem os seguintes limites:
1. limn→∞
(n+ 2)! + (n+ 1)!(n+ 3)!
2. limn→∞
[1
n2+ (1 + 2 + 3 + · · · + n)
]
3. limn→∞
(2n+ 1)4 − (n− 1)4
(2n+ 1)4 + (n− 1)44. lim
n→∞
[1 + 2 + 3 + · · · + n
n+ 2− n
2
]
5. limn→∞
(n+ 1)3 − (n− 1)3
(n+ 1)2 + (n− 1)26. lim
n→∞
√n3 − 2n+ 1 + 3
√n4 + 1
4√n6 + 6n5 + 2 − 5
√n7 + 3n3 + 1
7. limn→∞
n3 + n
n4 − 3n2 + 18. lim
n→∞100n3 + 3n2
0, 001n4 − 100n3 + 1
2. Verificar o valor dos seguintes limites:
11. limn→∞
√
a+ a2n2 +√
b+ a2n2 − 2
√
a2n2 − a+ b
2= 0
2. limn→∞
7√a7n7 + a+
√a2 − 4
5√a− 1 − a5n5 + 4
√a4 − 25a2 + 144
=1 + a
1 − a
3. Mostre que limx→+∞
anxn + an−1x
n−1 + · · · a1x+ a0
bmxm + bm−1xm−1 + · · · b1x+ b0existe se e somente se m ≥ n. Qual é
o valor do limite se m = n?. E quando m < n ?
4. Calcular os seguintes limites:
1. limx→+∞
x3
2x2 − 1− x2
2x+ 1
2. limx→+∞
anxn + an−1x
n−1 + · · · a1x+ a0
bmxm + bm−1xm−1 + · · · b1x+ b0
3. limx→+∞
(x+ 1) + (x+ 2)2 + (x+ 3)3 + · · · + (x+ n)n
x5 − a5n ∈ N.
5. Determine quais das seguintes seqüências são convergentes:
1.{
n(3
4
)n}
2.{
n(n+ 1)(2
3
)n}
3.{ n!
100n
}
6. É verdade que se {an} é de Cauchy implica que {an} é limitada? justifique sua resposta
7. Usando a definição de seqüência de Cauchy, mostre que:{ 7√
n+ 7
}
e{ n+ 4
n2 + 10
}
são de
Cauchy.
8. Mostre que a seqüência {an}, onde a1 = 0, an+1 =3an + 1
4∀ n ∈ N+ é crescente e
limitada por C = 1. Qual o limite desta seqüência?
9. Mostre que a seqüência {bn}, onde b1 = −3, bn+1 =3bn − 4
5∀ n ∈ N+ é crescente e
limitada. Qual o limite desta seqüência?
10. Mostre que a seqüência {an}, onde a1 = 1, an+1 =√
2an ∀ n ∈ N+ é crescente e
limitada. Qual o limite desta seqüência?
Christian José Quintana Pinedo 151
11. Sejam {an} e {bn} duas seqüências tais que an ≤ bn, ∀ n ∈ N+. Mostre que limn→∞
an ≤limn→∞
bn.
12. Mostre que, se {an} é uma seqüência convergente então:
1. Se α ≤ an, ∀ n ∈ N+, então α ≤ limn→∞
an.
2. Se bn ≤ β, ∀ n ∈ N+, então limn→∞
bn ≤ β.
13. Construir um exemplo:
a) De uma seqüência que possui duas subseqüências divergentes mostrando pelo menos
duas delas.
b) De uma seqüência que seja limitada superiormente e não seja de Cauchy.
c) De uma seqüência não monótona e de Cauchy.
14. Quais das seguintes afirmações são verdadeiras respeito a seguinte seqüência:
an = −4 cosn5 + 7(−1)2n+1 senn
n3
justifique sua resposta?
a) Ela é limitada superiormente;
b) Ela possuí no mínimo uma subseqüência convergente;
c) Ela possuí mais de duas subseqüências convergentes;
d) Ela é de Cauchy;
e) 12 e −12 são limites superior e inferior respectivamente.
15. Usando a definição de seqüência de Cauchy, provar que: an = 7√7n+3
e yn = 2nn2+7
.
16. Construir um exemplo:
a) de uma seqüência que possui duas subseqüências (uma divergente e outra convergente)
mostrando-as;
b) de uma seqüência que seja limitada inferior e não seja de Cauchy.
c) De uma seqüência não monótona, limitada e de Cauchy.
a) De uma seqüência que possui duas subseqüências divergentes mostrando elas.
17. Quais das seguintes afirmações são verdadeiras respeito a seguinte seqüência:
an = −4cosn2
en+ [4(−1)2n+6]sen2n
justifique sua resposta?
a) Ela é limitada superiormente;
b) Ela possuí no mínimo uma subseqüência convergente;
152 Cálculo Vetorial e Séries
c) Ela possuí mais de duas subseqüências convergentes;
d) Ela é de Cauchy;
e) 102 e −120 são limitantes superior e inferior respectivamente.
18. Idem ao exercício anterior, para respeito a seguinte seqüência:
zn = −4cosn2
en+ [4(−1)n+5]sen2n
19. Usando a definição provar que a seguinte seqüência converge para L:
a)(
5k0n
7n− 3
)
; L =5k0
7onde k0 é constante.
20. Resolva as seguintes questões :
(a) Calcule o 4◦ elemento das seqüências 2n√n e determine se ela converge ou diverge.
Caso convergir ache o seu limite.
(b) Determine se a seqüência dada é crescente, decrescente ou não monótona:
(7n
31 + 52n
)
.
21. Dê um exemplo de uma seqüência que seja limitada e convergente, porém não monótona.
22. Dada a seqüência (an), onde an < 0 para todo n e an+1 > kan com 0 < k < 1. Prove que
(an) é convergente.
Christian José Quintana Pinedo 153
Miscelânea 1-1
1. Determine se as seguintes seqüências são convergentes ou divergentes:
a)2
3,
3
5,
4
7,
5
9, · · · b)
2
3,
3
5,
4
7,
5
9, · · ·
c)3
2,
9
10,
19
24,
33
44, · · · d)
2
1,
5
6,
10
15,
17
28, · · ·
e)4
3,
25
17,
82
55,
193
129, · · · f)
1
3,
2
5,
3
7,
4
9, · · ·
2. Um triângulo isósceles cuja base esta dividida em
2n partes (quadrados) tem inscrito uma figura
escalonada segundo a Figura 1.. Demonstre que
a diferença entre a área do triângulo e a figura
escalonada é infinitesimal quando n cresce infini-
tamente.
��
��
��
��
@@
@@
@@
@@
· · ·......
Figura 1.
3. Determine se as seguintes seqüências são convergentes ou divergentes:
a) { n√
1 + n+ n2}n≥1 b)
{√3n3 + 2n− 1 −
√3n3 − 2n− 1√
n3 + n2 + 3n−√n3 + n2 − 3n
}
n≥1
c){cosn
n
}
n≥1d)
{[
3 − 2(na+ 1
na
)]tan π2[na+1
na]}
n≥1
e)
{
n
√
3
5· 5
8· 7
11· · · 2n+ 1
3n+ 2
}
n≥1
f)
{
n
√
Ln3
Ln5· Ln6
Ln10· · · Ln3n
Ln5n
}
n≥1
g)
{
(2n+ 5)(2n+5)nn−3
(4n+ 1)n+2(n+ 3)2n
}
n≥1
h)
{
n
√
Ln3
Ln5· Ln6
Ln10· · · Ln3n
Ln5n
}
n≥1
4. Mostre que a seqüência { n√an + bn}n≥1 converge para b, sempre que 0 < a < b.
5. Consideremos a seqüência {an}n≥1 convergente; mostre que se limn→∞
an = a, então
limn→∞
a1 + a2 + a3 + · · · + ann
= a
6. Calcular se existem os seguintes limites do termo geral an de uma seqüência:
1. limn→∞
(n+ 2)! + (n+ 1)!(n+ 3)!
2. limn→∞
[1
n2+ (1 + 2 + 3 + · · · + n)
]
3. limn→∞
(2n+ 1)4 − (n− 1)4
(2n+ 1)4 + (n− 1)44. lim
n→∞
[1 + 2 + 3 + · · · + n
n+ 2− n
2
]
154 Cálculo Vetorial e Séries
5. limn→∞
(n+ 1)3 − (n− 1)3
(n+ 1)2 + (n− 1)26. lim
n→∞
√n3 − 2n+ 1 + 3
√n4 + 1
4√n6 + 6n5 + 2 − 5
√n7 + 3n3 + 1
7. limn→∞
n3 + n
n4 − 3n2 + 18. lim
n→∞1
1 × 3+
1
3 × 5+ · · · 1
(2n− 1)(2n+ 1)
9. limn→1
n2 − 2n+ 1
n3 − n10. lim
n→1
x+ 2
x2 − 5x+ 4+
x− 4
3(x2 − 3x+ 2)
11. limx→1
xm − 1
xn − 1m,n ∈ Z 12. lim
n→∞3n2
2n+ 1− (2n+ 1)(3n2 + n+ 2
4n2
13. limn→∞
100n3 + 3n2
0, 001n4 − 100n3 + 114. lim
n→−∞5n3 − n2 + n− 1
n4 − n3 − 2n+ 1
7. Verificar o valor dos seguintes limites:
1. limn→+∞
4n3 + 2n2 − 5
n+ 2 − 8n3= −1
22. lim
n→−∞15n3 − n2 + n− 1
n4 − n3 − 2n+ 1= 0
3. limn→+∞
3n2 − 2
2n+ 1+n2 − 4n
n− 3=
3
24. lim
n→+∞2n+ 3
n+ 3√n
= 2
5. limn→+∞
3
√
8n− 4
(3 −√n)(
√n+ 2)
= −2 6. limn→+∞
√
n+√
n+√n+ 3
√n+ 3
= 1
7. limx→+∞
[√
n2 − 5n+ 6 − 2] = −5
28. lim
n→−∞[√
n2 − 2n+ 4 + n] = 1
9. limn→+∞
[
√
n√
2n− 5n+ 6 − n] = −∞ 10. limn→∞
(
√n2 + 1 + n)2
3√n6 + 1
= 2
11. limn→+∞
√
a+ a2n2 +√
b+ a2n2 − 2
√
a2n2 − a+ b
2= 0
12. limn→+∞
7√a7n7 + a+
√a2 − 4
5√a− 1 − a5n5 + 4
√a4 − 25a2 + 144
=1 + a
1 − a
8. Consideremos a seqüência {an}n≥1 convergente; mostre que se limn→∞
an = a, então
limn→∞
n√a1 · a2 · a3 · · · an = a
9. A seqüência de Fibonacci define-se como segue: a1 = 1, a2 = 1, an = an−1 +an−2 para
n ≥ 3. Mostre por indução que: an =
(1+
√5
2
)n−(
1−√
52
)n
√5
.
10. Determine se a seqüência de termo geral, an =n
√
30n + 40n + · · · + 600n
né convergente.
11. Estude a seqüência de termo geral: an =16 + 26 + 36 + · · · + n6
n7
12. Mostre que toda seqüência contrativa é convergente.
Capítulo 5
SÉRIES DE NÚMEROS REAIS
5.1 INTRODUÇÃO
Seja {an} uma seqüência de números reais, a partir de ela podemos obter os seguintes ele-
mentos:
s1 = a1;
s2 = a1 + a2;
s3 = a1 + a2 + a3;...
sn−1 = a1 + a2 + a3 + · · · + an−2 + an−1;
sn = a1 + a2 + a3 + · · · + an−2 + an−1 + an
Isto é, podemos obter outra seqüência {sn}, chamada série onde seus elementos são somas
parciais de elementos da seqüência {an}.Quando o índice n seja o maior possível (por exemplo n→ +∞), teremos a escrever o termo
geral da seqüência {sn} como uma soma de uma quantidade indeterminada de elementos da
forma ai, i ∈ N+.
A notação que permite exprimir esta soma é: sn =n∑
k=1
ak.
Por se tratar {sn} de uma seqüência de números reais, todo o estudado no capítulo anterior
podemos aplicar a nossa série {sn}; por exemplo limitação, monotonia, convergência entre outros.
Logo, a série {sn} é limitada, se existe uma constante C ∈ R tal que |sn| ≤ C ou
∣∣∣∣∣
∞∑
n=1
an
∣∣∣∣∣≤
C, ∀ n ∈ N+.
A série {sn} é convergente, se limn→∞
sn = S ou limn→∞
[n∑
i=1
ai
]
= S, para algum S ∈ R fixo e
único.
Logo, podemos dizer que existem séries convergentes e séries divergentes. O objetivo deste
capítulo é aprender a distinguir umas das outras.
Antes de continuar com a análise de nossa seqüência {sn}, temos a entender melhor como
trabalhar com o símbolo∑
(sigma) que abrevia nossas somas.
155
156 Cálculo Vetorial e Séries
5.2 SOMATÓRIOS
Considere m e n dois números inteiros tais que m ≤ n e f(x) uma função definida para
cada i ∈ Z , onde m ≤ i ≤ n. A expressãon∑
i=m
f(i) representa uma soma da seguinte forma:
f(m) + f(m+ 1) + f(m+ 2) + · · · + f(n− 1) + f(n) ; isto én∑
i=m
f(i) = f(m) + f(m+ 1) +
f(m+ 2) + · · · + f(n− 1) + f(n) .
A letra grega “sigma”∑
é o símbolo do somatório, i é o índice ou variável, m é o limite
inferior e n é o limite superior.
Exemplo 5.1.
a) Seja f(i) = i+ 2 , então5∑
i=1
f(i) = (1 + 2) + (2 + 2) + (3 + 2) + (4 + 2) + (5 + 2) = 20.
b) Seja g(i) = cos(ix) , entãon∑
i=1
g(i) = cosx+ cos(2x) + cos(3x) + · · · + cos(nx).
Observação 5.1.
Na expressãon∑
i=m
f(i) existem, (n−m+ 1) somandos.
Propriedade 5.1.
a)n∑
i=m
K = (n−m+ 1)K.
b)n∑
i=m
[f(i) ± g(i)] =n∑
i=m
f(i) ±n∑
i=m
g(i). · · · distributiva
c)n∑
i=m
[f(i) − f(i− 1)] = f(n) − f(m− 1) · · · telescópica
d)n∑
i=m
[f(i− 1) − f(i− 1)] = f(n+ 1) + f(n) − f(m) − f(m− 1) · · · telescópica
Demonstração.
A demonstração desta propriedade, é exercício para o leitor.
Exemplo 5.2.
Calcular o valor de S =200∑
i=1
[√i+ 1 −
√i− 10].
Solução.
Christian José Quintana Pinedo 157
Pela Propriedade (5.1) temos que:
S =200∑
i=1
[√i+ 1 −
√i] −
200∑
i=1
10 = [√
201 −√
1] − 200(10) = −2001
Portanto S =200∑
i=1
[√i+ 1 −
√i− 10] =
√201 − 2001.
Exemplo 5.3.
Calcular uma fórmula para S =n∑
i=m
[(i+ 1)2 − (i+ 1)2].
Solução.
Considere f(i) = i , segundo a Propriedade (5.1) d) segue:
S =n∑
i=m
[(i+ 1)2 − (i+ 1)2] =
= f(n+ 1) + f(n) − f(1) − f(n− 1) + f(n+ 1) − f(n) − f(1) − f(0) =
= (n+ 1)2 + n2 − 1 − 0 = 2n(n+ 1)).
De outro modo, observe que [(i + 1)2 − (i − 1)2] = 4i, assim temos que S =n∑
i=m
[(i + 1)2 −
(i+ 1)2] =n∑
i=m
4i = 2n(n+ 1).
Portanto, S =n∑
i=m
[(i+ 1)2 − (i+ 1)2] = 2n(n+ 1).
Exemplo 5.4.
Usando as propriedades do somatório, mostre as seguintes igualdades:
1. S =
n∑
i=1
i =n(n+ 1)
22. T =
n∑
i=1
i2 =n(n+ 1)(2n+ 1)
6
3. U =n∑
i=1
i3 =n2(n+ 1)2
44. V =
n∑
i=1
i4 =n(n+ 1)(6n3 + 9n2 + n+ 1)
30
Solução. a)
É consequência do Exemplo (5.3), observe quen∑
i=14i = 4
n∑
i=1i = 2n(n+ 1) então S =
n∑
i=1
i =
n(n+ 1)
2Solução. b)
Consideremos f(i) = i3, pela Propriedade (5.1) d) temos que a soma:
n∑
i=1
[(i+ 1)3 − (i+ 1)3] = (n+ 1)3 + n3 − 13 − 03 = 2n3 + 3n2 + 3n (5.1)
158 Cálculo Vetorial e Séries
Por outro lado:
n∑
i=1
[(i+ 1)3 − (i+ 1)3] =
n∑
i=1
[6i2 + 2] = 6
n∑
i=1
[i2] + 2n (5.2)
De (5.1) e (5.2) segue que 6n∑
i=1[i2] + 2n = 2n3 + 3n2 + 3n.
Portanto,n∑
i=1
i2 =n(n+ 1)(2n+ 1)
6
Solução. c)
Consideremos f(i) = i4, pela Propriedade (5.1) d) temos que a soma:
n∑
i=1
[(i+ 1)4 − (i+ 1)4] = (n+ 1)4 + n4 − 14 − 04 = 2n4 + 4n3 + 6n2 + 4n (5.3)
Por outro lado, da parte a) deste exemplo,n∑
i=1
[(i + 1)4 − (i + 1)4] = 8n∑
i=1
i3 + 8n∑
i=1
i =
8n∑
i=1
[i3] + 4n(n+ 1).
Igualando a (5.3), temos 8n∑
i=1
[i3] + 4n(n+ 1) = 2n4 + 4n3 + 6n2 + 4n.
Portanto, U =n∑
i=1
[i3] =n2(n+ 1)2
4
Solução. d)
Exercício para o leitor.
Exemplo 5.5.
Se a > 0, determine uma fórmula para a progressão geométrican∑
k=1
ak.
Solução.
Seja S =n∑
k=1
ak = a+a2 +a3 +a4 + · · ·+an−2 +an−1 +an , se multiplicamos por −a à soma
S obtém-se −aS = −a2 − a3 − a4 − · · · − an−2 − an−1 − an − an+1; logo S - aS = a− an+1 onde
S(a− 1) = a(an − 1)
Portanto, S =n∑
k=1
ak =a(an − 1)
a− 1.
Exemplo 5.6.
Achar uma fórmula para S =n∑
k=1
6
2k−1.
Solução.
Temos que S =
n∑
k=1
6
2k−1= 6
n∑
k=1
2
2k= 12
n∑
k=1
1
2k; pelo Exemplo (5.5) concluímos: S =
12(1 − (1
2)n].
Christian José Quintana Pinedo 159
Portanto, S =n∑
k=1
6
2k−1= 12[1 − 1
2)n].
Exemplo 5.7.
Determine uma fórmula paran∑
k=1
k
3k.
Solução.
Aplicando a propriedade telescópica,n∑
k=1
[k
3k− k − 1
3k−1] =
n
3n− 0.
Por outro lado,n∑
k=1
k
3k−
n∑
k=1
k − 1
3k−1=
n∑
k=1
k
3k− 3[
n∑
k=1
k
3k−
n∑
k=1
1
3k] =
= −2n∑
k=1
k
3k+ 3
n∑
k=1
1
3k= −2
n∑
k=1
k
3k+ 3 ·
13 [(1
3)n − 1]13 − 1
= −2n∑
k=1
k
3k+
3
2[1 − (
1
3)n]
logo −2n∑
k=1
k
3k+
3
2[1 − (
1
3)n] =
n
3n− 0 onde
n∑
k=1
k
3k=
3
4− 3 + 2n
4(3)n.
Portanto,n∑
k=1
k
3k=
3
4− 3 + 2n
4(3)n
Exemplo 5.8.
Determine a soma S =
n∑
k=1
k · (k!).
Solução.
Considere f(k) = (k + 1)!, pela Propriedade (5.1) c) temos:n∑
k=1
[(k + 1)! − k!] = (n+ 1)! − 1 ; isto én∑
k=1
[(k + 1) · k! − k!] =n∑
k=1
k · (k!) = (n+ 1)! − 1.
Portanto S = (n+ 1)! − 1
Exemplo 5.9.
Achar uma fórmula paran∑
k=1
sen(kx).
Solução.
Lembre a identidade cos(a+ b) − cos(a− b) = −2sen(a)sen(b).
Logo:n∑
k=1
[−2sen x · sen(kx)] =n∑
k=1
[cos(k + 1) − cos(k − 1)] então −2senxn∑
k=1
sen(kx) =
cos(n+ 1)x+ cos(nx) − cosx− 1.
Portanto,n∑
k=1
sen(kx) = − cos(n+ 1)x+ cos(nx) − cosx− 1
2senx
Exemplo 5.10.
Calcular a soma S =
n∑
k=1
sen2n2x.
Solução.
160 Cálculo Vetorial e Séries
Aplicando a propriedade telescópica temos:
n∑
k=1
[sen2k2x− sen2(k−1)2x] = sen2n2x− 1 (5.4)
Por outro lado,n∑
k=1
[sen2k2x − sen2(k−1)2x]n∑
k=1
sen2k2x −n∑
k=1
sen−22x · sen2(k−1)2x = [1 −
sen−22x]n∑
k=1
sen2k2x = [sen22x− 1
sen22x]n∑
k=1
sen2k2x = cot2 2xn∑
k=1
sen2k2x .
De (5.4) temos cot2 2x
n∑
k=1
sen2k2x = sen2n2x− 1.
Portanto, S = tan2 2x(sen2n2x− 1).
Exemplo 5.11.
Determine o valor da seguinte soma T =
n∑
k=1
1
loga(22k) loga(2
2k+2)
Solução.
Temos que:1
loga(22k) loga(2
2k+2)=
1
loga(22)
[1
loga(22x)− 1
loga(22x+2)
]
Logo T =n∑
k=1
1
loga(22)
[1
loga(22k)− 1
loga(22k+2)
]
Assim, T =1
loga(22)
[1
loga22− 1
log2(22n+2)
]
.
Exemplo 5.12.
Calcular a soma T =n∑
k=1
tanh(19kx)
sech(19kx).
Solução.
Observe que, T =
n∑
k=1
tanh(19kx)
sech(19kx)=
n∑
k=1
senh(19kx) , análogo ao Exemplo (5.9) temos da
identidade para funções hiperbólicas cosh(a+ b) − cosh(a− b) = − 2senh(a)senh(b).
Logon∑
k=1
[−2senh(19x)senh(19kx)] =n∑
k=1
[cosh(19(k+1)x)−cosh(19(k−1))] então −2senh(19x)·n∑
k=1
senh(19kx) = cosh(19(n+ 1)x) + cosh(19nx) − cosh(19x) − 1,
Portanto,
T =
n∑
k=1
tanh(19kx)
sech(19kx)=
cosh(19(n+ 1)x) + cosh(19nx) − cosh(19x) − 1
2senh(19x)
Exemplo 5.13.
Determine uma fórmula paran∑
k=1
bk · sen(x+ ky).
Solução.
Christian José Quintana Pinedo 161
Considere S =n∑
k=1
[bk · sen(x+ ky)− bk−1sen(x+(k− 1)y)] , temos pela Propriedade (5.1) d):
S =n∑
k=1
[bk · sen(x+ ky) − bk−1sen(x+ (k − 1)y)] = bnsen(x+ ny) − senx (5.5)
Por outro lado, S =n∑
k=1
[bk · sen(x+ ky) − bk−1sen(x+ (k − 1)y)] =
n∑
k=1
bksen(x+ ky) − 1
b
n∑
k=1
bksen(x+ (k − 1)y) =
n∑
k=1
bksen(x+ ky) − 1
b
n∑
k=1
bk[sen(x+ ky) · cos y − seny · cos(x+ ky)]
logo:
S = (1 − 1
bcos y)
n∑
k=1
bk · sen(x+ ky) − 1
bseny
n∑
k=1
bk · cos(x+ ky) (5.6)
Para determinar U =n∑
k=1
bk · cos(x+ ky), pela Propriedade (5.1).
Seja T =n∑
k=1
[bk · cos(x+ ky) − bk−1 cos(x+ (k − 1)y)] = bn cos(x+ ny) − cosx , isto é
T = U − 1
b
n∑
k=1
bk cos(x+ (k − 1)y) =
U − 1
b
n∑
k=1
bk[cos(x+ ky) · cos y + seny · sen(x+ ky)] =
(1 − 1
bcos y)U − 1
bseny
n∑
k=1
bksen(x+ ky) = bn cos(x+ ny) − cosx
De onde U =n∑
k=1
bk · cos(x+ ky) =
seny
b− cos y
n∑
k=1
bk · sen(x+ ky) +b
b− cos y[bn · cos(x+ ny) − cosx]
Em (5.6) temos S = (1−1
bcos y)
n∑
k=1
bksen(x+ky)−1
bseny[
n∑
k=1
bksen(x+ky)]+b
b− cos y[bn cos(x+
ny) − cosx]
Logo da identidade (5.5) vem:
S = [b− cos y
b− sen2y
b(b− cos y)]n∑
k=1
bksen(x+ky)+b
b− cos y[bn cos(x+ny)−cosx] = bnsen(x+
162 Cálculo Vetorial e Séries
ny) − senx.
Portanto:n∑
k=1
bk · sen(x+ ky) =b(b− cos y)
b2 − cos2 y + sen2y[bnsen(x+ ny)−
−senx− bnseny · cos(x+ ny) + seny · cosxb− cos y
].
Christian José Quintana Pinedo 163
Exercícios 2-1
1. Escrever os seis primeiros termos das somas dadas.
1.n∑
k=1
k
k + 12.
20∑
k=0
2k + 1
3k + 23.
10∑
k=1
k2 − 2k + 3
2k2 + k + 14.
n∑
k=1
(−1)kak
k3
5.
∞∑
k=1
(3
2)k 6.
30∑
k=1
sen(kπ) 7.
∞∑
k=1
Ln(3
k) 8.
n∑
k=1
k2
k + 1
2. Determinar uma fórmula para cada uma dos seguintes somatórios:
1.n∑
i=1
[√
2i+ 1 −√
2i− 1] 2.n∑
k=1
4
(4k − 3)(4k + 1)3.
100∑
k=1
Ln[k
k + 2]
4.
n∑
k=1
2k + k(k + 1)
2k+1(k2 + k)5.
n∑
k=1
k
(k + 1)(k2 + 5k + 6)6.
n∑
k=1
2k + 3k
6k
7.n∑
k=1
[
√k + 1 −
√k√
k2 + k] 8.
n∑
k=1
Ln[(1 + 1k )k(1 + k]
(Lnkk)(Ln(k + 1))k+19.
n∑
k=1
ek + 2
3k
10.n∑
k=1
1
2x2 + 6x+ 411.
n∑
k=1
ek − [3sena · cos a]k3k
12.n∑
k=1
2k + 1
k2(k + 1)2
13.
n∑
k=1
1
k2 − 114.
n∑
k=1
16 csc5 kx
cot5 kx · sec9 kx15.
n∑
k=1
cos(3kx)
16.n∑
k=1
[25
10k− 6
100k] 17.
n∑
k=1
sen2k(2x) 18.n∑
k=1
k
5k
19.n∑
k=1
5k · sen(5k − x) 20.n∑
k=1
k · xk+1 21.n∑
k=1
k · 2k
22.
n∑
k=1
1
24 + 10k − 25k223.
n∑
k=1
cos2k 24.
n∑
k=1
[√
3 + x]k
3. Determine a validade da igualdade:n∑
k=1
Ln 2k =n(n+ 1)
2Ln2.
4. Mostre que a fórmula é evidente:n∑
k=1
(m+ k)!
k!=
(m+ n+ 1)!
(m+ 1)n!.
5. Se X =1
n[n∑
k=1
Xk] , mostre quen∑
k=1
[Xk −X]2 =n∑
k=1
X2k −X
n∑
k=1
Xk.
6. Determine o valor de n ∈ N , se:n∑
k=1
(2 + k2) =n∑
k=1
(k + k2).
7. Seja | a |< 1, mostre que : S =n∑
k=1
ak =1
1 − aquando n→ ∞.
164 Cálculo Vetorial e Séries
8. Nos seguintes exercícios expresse as dizimas periódicas dadas como series geométricas e em
seguida expresse as somas destas últimas como o quociente de dois inteiros.1. 0, 6666 2. 0, 2323 3. 0, 07575 4. 0, 21515
9. Quando um determinado empregado recebe seu pagamento ao final de cada mês, ele de-
posita P reais em uma conta especial para a aposentadoria. Esses depósitos são feitos
mensalmente, durante t anos e a conta rende juros anuais de r%. Se os juros são capital-
izados mensalmente, o saldo A na conta ao final de t anos é:
A = P + P (1 +r
12) + · · · + P (1 +
r
12)12t−1 = P (
r
12)[(1 +
r
12)12t − 1]
Se os juros são capitalizados continuamente, o saldo A ao final de t anos é: A = P +Per12 +
Pe2r12 + · · ·+ P · e
(12t−1)r12 =
P (en − 1)
er12 − 1
. Use a fórmula para a n-ésima soma parcial de uma
série geométrica para provar que cada uma das somas acima está correta.
10. Uma bola, jogada de uma altura de 6 metros, começa a quicar ao atingir o solo, como
indica a Figura (5.1). A altura máxima atingida pela bola após cada batida no solo é
igual a três quartos da altura da queda correspondente. Calcule a distância vertical total
percorrida pela bola.
-�
6
?0 x
y6
4
2
CCCCCCCCC
Tempo
u������u
CCCCCCu����u
CCCCu��u
CCu��
u
Figura 5.1:
11. Mostre quen∑
k=1
Ln(k + 1) = Ln[(n+ 1)!].
Christian José Quintana Pinedo 165
5.3 SÉRIES DE NÚMEROS REAIS
Dada uma seqüência {an} de números reais, a soma infinita a1 +a2 +a3 + · · ·+an−2 +an−1 +
an + · · · , será representada simbolicamente por∞∑
n=1
an.
Nosso objetivo agora é estabelecer condições sobre a seqüência {an} para que a soma infinita∞∑
n=1an tenha como resultado um valor de número real. Se este for o caso dizemos que a soma
infinita converge.
Estas somas infinitas são denominadas “séries infinitas” ou simplesmente séries.
Exemplo 5.14.
Consideremos a série 1 +1
2+
1
4+
1
8+
1
16+ · · · que representaremos por
∞∑
n=1
1
2n−1.
Para cada número natural n temos:
sn = 1 +1
2+
1
4+
1
8+
1
16+ · · · + 1
2n−1=
1 − (12)n
1 − 12
= 2[1 − (1
2)n]
de modo que:
limn→∞
sn = limn→∞
2[1 − (1
2)n] = 2 (5.7)
Ora a soma infinita∞∑
n=1
1
2n−1entenda-se como o limite da soma parcial sn quando n→ ∞ e,
desse modo, segue de (5.7) que∞∑
n=1
1
2n−1= 2.
Exemplo 5.15.
Figura 5.2:
Suponhamos temos a estudar a série 1+1
2+
1
3+
1
4+ · · · que representa a série infinita
∞∑
n=1
1
n.
A Figura (5.2) representa o gráfico da função
f(x) =1
x, definida para x > 0, sobre o qual estão os
pontos (n,1
n).
Comparando as áreas dos retângulos com a área
sob o gráfico de f(x), observa-se que:
f(1) + f(2) + f(3) + · · · + f(n) ≥n∫
1
f(x)dx
esta soma pelo fato de que cada área de retângulo de base uma unidade e altura f(n) é o próprio
f(n), assim:
1 +1
2+
1
3+
1
4+ · · · + 1
n≥ Lnn (5.8)
166 Cálculo Vetorial e Séries
Como limn→∞
Lnn = +∞, usando a desigualdade (5.8) concluímos que:
limn→∞
[
1 +1
2+
1
3+
1
4+ · · · + 1
n
]
= +∞
Logo é justo afirmar que∞∑
n=1
1
n= +∞ �
Estes dois exemplos tratados, motivam o conceito de convergência para séries numéricas.
A convergência de uma série∞∑
n=1an está relacionado com a convergência de sua seqüência de
somas parciais {sn}. O n-ésimo termo sn é denominado n-ésima soma parcial da série.
Definição 5.1.
Dizemos que a série é convergente, quando a seqüência {sn} de suas somas parciais for
convergente. Neste caso, a soma da série é o limite da seqüência {sn}, isto é:
∞∑
n=1
an = limn→∞
sn = S (5.9)
Quando uma série não converge, ela é denominada divergente.
Exemplo 5.16.
Se an = 0 ∀ n ∈ N+, a série gerada pela seqüência {an} é convergente, sua soma é zero;
isto é∞∑
n=1an = 0.
Exemplo 5.17.
Se bn = 1 ∀ n ∈ N+, a série gerada pela seqüência {bn} é divergente, sua soma é indeter-
minada; na verdade∞∑
n=1bn = +∞
Exemplo 5.18.
Se an = (−1)n+1 ∀ n ∈ N+, então a série gerada pela seqüência {an} é divergente, a soma
de todos seus termos é indefinida; isto é∞∑
n=1(−1)n+1 = 1 ou −1 ou 0.
Pela unicidade do limite limn→∞
sn = S, concluímos que essa soma não existe.
5.3.1 Série geométrica.
Uma “série geométrica” é da forma S =∞∑
n=1arn−1, onde o número r é denominado razão da
série, e o número constante a é seu coeficiente.
Exemplo 5.19.
Determine se a série geométrica converge.
Solução.
Christian José Quintana Pinedo 167
Pela propriedade de somatório podemos escrever S =+∞∑
n=1αrn−1 = α
+∞∑
n=1rn−1. Pelo resultado
do Exemplo (5.5) segue-se que:
sn = αn∑
i=1
ri−1 = α1 − rn
1 − r(5.10)
Quando |r| < 1, mostramos no Exemplo (4.19) que limn→+∞
rn = 0, tomando o limite em (5.10)
quando n→ +∞ tem-se: limn→+∞
sn = α limn→+∞
1 − rn
1 − r=
α
1 − r= S.
Isto é: S =+∞∑
n=1arn−1 = lim
n→∞sn =
α
1 − rconverge quando |r| < 1.
É imediato que para o caso |r| > 1 a série diverge. �
Exemplo 5.20.
A série∞∑
n=1
4
3n=
4
3+
4
32+
4
33+ · · · é uma série geométrica com r =
1
3< 1, então a série
converge e sua soma é 2.
5.3.2 Série harmônica.
Uma “série harmônica” é da forma+∞∑
n=1
1
n.
Exemplo 5.21. Série harmônica.
Determine se série harmônica+∞∑
n=1
1
nconverge.
Solução.
Sabe-se que esta série representa o termo n-ésimo de uma seqüência {sn}, onde sn =∞∑
n=1
1
n.
Consideremos duas subseqüência de sn:
sn = 1 +1
2+
1
3+
1
4+ · · · + 1
n+ · · ·
s2n = 1 +1
2+
1
3+
1
4+ · · · + 1
n+ · · · + 1
2n− 1+
1
2n
Suponha que sn → L quando n → ∞, então pela Propriedade (4.15) tem-se que sn → L
quando n → ∞ e s2n → L quando n → ∞, e pela Propriedade (4.16) (sn − s2n) → 0 quando
n→ ∞.
Porém, sn − s2n =1
n+ 1+
1
n+ 2+
1
n+ 3+ + · · · + 1
n+ · · · + 1
2n− 1+
1
2n≥ 1
2n+
1
2n+
1
2n+ · · · + 1
2n=
1
2de onde lim
n→∞(sn − s2n) ≥
1
26= 0, caso o limite existisse.
Portanto, a série harmônica∞∑
n=1
1
n. é divergente. �
168 Cálculo Vetorial e Séries
5.3.3 Série p.
Uma “série p” é da forma∞∑
n=1
1
np, onde p ∈ R é uma constante fixa.
Na próxima seção mostraremos que a série:
∞∑
n=1
1
np= 1 +
1
2p+
1
3p+ · · · + 1
np+ · · · (5.11)
converge se p > 1, e diverge se p ≤ 1, p ∈ R.
Observação 5.2.
A série∞∑
n=1
(bn − bn+1) é denominada série de encaixe devido à natureza de seus termos:
(b1 − b2) + (b2 − b3) + (b3 − b4) + · · · + (bn − bn+1) + · · ·
A seqüência de suas somas parciais {sn}, vem dado pela expressão:
sn = (b1 − b2) + (b2 − b3) + (b3 − b4) + · · · + (bn − bn+1) = b1 − bn+1 (5.12)
Se a seqüência {bn} convergir para um número L, segue que {sn} converge para b1 − L.
Exemplo 5.22.
Mostre que a série∞∑
n=1
1
n2 + nconverge.
Demonstração.
Observe que∞∑
n=1
1
n2 + n=
∞∑
n=1
[1
n− 1
n+ 1
]
= 1 − 1
n+ 1, logo;
limn→∞
n∑
i=1
1
n2 + n= lim
n→∞
[
1 − 1
n+ 1
]
= 1 − 0 = 1
Portanto, a série∞∑
n=1
1
n2 + nconverge. �
Exemplo 5.23.
Determine se a série∞∑
n=1Ln( n
n+ 1
)
converge.
Solução.
Observe que, podemos escrever∞∑
n=1
Ln( n
n+ 1
)
=∞∑
n=1
[Lnn− Ln(n+ 1)].
Logo,∞∑
n=1Ln( n
n+ 1
)
= Ln1 − Ln(n+ 1) ⇒ limn→∞
∞∑
n=1
Ln( n
n+ 1
)
= limn→∞
[Ln1 − Ln(n+
1)] = 1 −∞ = −∞Portanto, a série
∞∑
n=1Ln( n
n+ 1
)
diverge. �
Christian José Quintana Pinedo 169
5.3.4 Critério do n-ésimo termo.
A propriedade a seguir fornece uma condição necessária, mas não suficiente para que uma
série numérica seja convergente.
Propriedade 5.2. Critério do n-ésimo termo.
Seja∞∑
n=1
an convergente, então:
i) A seqüência {sn} de somas parciais é limitada.
ii) limn→∞
an = 0.
Demonstração. i)
Se∞∑
n=1an converge, então existe em R o limite L = lim
n→∞sn logo, sendo {sn} uma seqüência
convergente, ela é limitada. �
Demonstração. ii)
Denotando por {sn} a seqüência de somas parciais da série,∞∑
n=1an temos que an = sn− sn−1
e admitindo que a série é convergente, resulta que a seqüência de somas parciais {sn} converge
para um certo número L, o mesmo ocorrendo com a subseqüência {sn−1}, então:
limn→∞
an = limn→∞
(sn − sn−1) = limn→∞
sn − limn→∞
sn−1 = L− L = 0
Observação 5.3.
Nos Exemplos (5.21) e (5.23) observamos que as séries∞∑
n=1
1
ne
∞∑
n=1Ln( n
n+ 1
)
divergem,
embora limn→∞
1
n= 0 e lim
n→∞Ln( n
n+ 1
)
= 0.
Com isso justificamos que a condição limn→∞
an = 0 não é suficiente para garantir a convergên-
cia.
A observação precedente, justifica a seguinte propriedade.
Propriedade 5.3.
Se limn→∞
an 6= 0, então a série∞∑
n=1an diverge.
A demonstração é exercício para o leitor. �
Exemplo 5.24.
A séries∞∑
n=1
n
n+ 1e
∞∑
n=1
√n ambas são divergentes.
A Propriedade (5.3) constitui-se no primeiro critério de convergência, para séries. Ao analisar
a convergência de uma série, em primeiro lugar observamos a convergência de seu primeiro termo
geral sn, como sugere o seguinte diagrama:
170 Cálculo Vetorial e Séries
{an} diverge -∞∑
n=1an diverge - Fim
L 6= 0∞∑
n=1an diverge Fim
∞∑
n=1an -
-
- -
-
-
- -
limn→∞
an = L
L = 0- ?
A condição limn→∞
an = 0 não dá informação sobre a convergência da série∞∑
n=1an sendo
necessária uma análise adicional para determinar se a série converge ou diverge.
Exemplo 5.25.
A seguinte tabela ilustra algumas situações:
∞∑
n=1
Lnn
n20 indefinida
∞∑
n=1
n
3n+ 5
1
3divergente
∞∑
n=1
en
n2∞ divergente
∞∑
n=1an lim
n→∞an situação
Observação 5.4.
Suponha temos uma série∞∑
n=1
an convergente; isto é limn→∞
sn = S existe. Então é correto
afirmar que:
limn→∞
(sn − S) existe se, e somente se limn→∞
sn = S existe.
Deduzimos assim, que podemos omitir um número finito de termos (entre os primeiros) de
uma série infinita sem afetar sua convergência.
Como no caso das seqüências numéricas, o acréscimo ou a omissão de um número finito de
termos não altera a convergência de uma série, podendo alterar o valor de sua soma.
Christian José Quintana Pinedo 171
Propriedade 5.4.
Se as séries∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn diferem apenas em seus primeiros termos em uma quantidade
finita, então ambas são convergentes ou ambas são divergentes.
Demonstração.
Por hipótese, existe um índice n0 a partir do qual an = bn e, se {sn} e {tn} são as seqüências
de somas parciais de∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn respectivamente, então para n > n0 temos:
sn = a1 + a2 + a3 + · · · + an (5.13)
tn = b1 + b2 + b3 + · · · + bn (5.14)
e sendo an = bn a partir da ordem n0, resulta das igualdades (5.13) e (5.14) que:
sn = tn + [(a1 − b1) + (a2 − b2) + (a3 − b3) + · · · (an − bn)] (5.15)
Observando a igualdade (5.15), e considerando que a expressão entre colchetes é constante,
isto é, não depende do índice n deduzimos que as seqüências∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn são ambas conver-
gentes ou ambas divergentes.
Exemplo 5.26.
As séries∞∑
n=9
1
ne
∞∑
n=9
1
n− 8ambas são divergentes, entanto as séries
∞∑
n=9
1
n2e
∞∑
n=9
1
(n− 8)2
ambas são convergentes.
Procure justificar estas afirmações, identificando a quantidade de termos que elas diferem.
Ainda mais, uma consequência da Propriedade (5.4), temos que para cada número k ∈ N+,
as séries∞∑
n=1
an e∞∑
n=k
an são ambas convergentes ou ambas divergentes.
Propriedade 5.5.
Sejam∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn duas séries numéricas e α ∈ R.
(a) Se as séries∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn são convergentes, então∞∑
n=1
(an + bn) e∞∑
n=1
α · an também
convergem, e valem as relações:
∞∑
n=1
(an + bn) =∞∑
n=1
an +∞∑
n=1
bn (5.16)
∞∑
n=1
α · an = α ·∞∑
n=1
an (5.17)
(b) Se∞∑
n=1
an e convergente e∞∑
n=1
bn é divergente, a série∞∑
n=1
(an + bn) diverge.
172 Cálculo Vetorial e Séries
(c) Se∞∑
n=1
an é divergente e α 6= 0, então a série∞∑
n=1
α · an é também divergente.
Demonstração.
Na demonstração utilizaremos a Propriedade (4.16).
Denotando por {sn}, {tn}, {un} e {vn} as seqüências de somas parciais das séries:
∞∑
n=1
an,∞∑
n=1
bn,∞∑
n=1
(an + bn)
e∞∑
n=1
α · an respectivamente, temos un = sn + tn e vn = α · sn, e se as seqüências {sn} e {tn}
forem convergentes, então as seqüências {un} e {vn} também serão convergentes e, além disso
limn→∞
un = limn→∞
sn + limn→∞
tn e limn→∞
vn = α · limn→∞
sn
Isto mostra a parte (a). �
Demonstração. (b)
Pelo absurdo.
Suponhamos que a série∞∑
n=1
(an+bn) seja convergente, então a seqüência {un} é convergente
e, por conseguinte, a seqüência {tn} também é convergente, pois tn = un − sn.
Logo a série∞∑
n=1
bn é convergente. Isto é contradição com a hipótese.
Portanto, a série∞∑
n=1
(an + bn) diverge. �
Demonstração. (c)
Pelo absurdo.
Suponhamos que a série∞∑
n=1
α · an seja convergente, então a seqüência {vn} é convergente
e, por conseguinte, a seqüência {sn} também é convergente, pois sn =1
α· vn.
Logo a série∞∑
n=1
sn é convergente. Isto é contradição com a hipótese.
Portanto, a série∞∑
n=1
α · an diverge.
Observação 5.5.
Quando as séries∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn são ambas divergentes, a Propriedade (5.5) não dá infor-
mação sobre a convergência da série∞∑
n=1
(an + bn).
Exemplo 5.27.
Christian José Quintana Pinedo 173
As séries∞∑
n=1
1
ne
∞∑
n=1
−1
nsão ambas divergentes, entanto que a série
∞∑
n=1
(1
n+
−1
n)
converge.
Exemplo 5.28.
Observe, a série∞∑
n=1
[1
n2 + n+
3
4n−1
]
é convergente, enquanto as séries∞∑
n=1
1
n2 + ne
∞∑
n=1
3
4n−1são convergentes.
Exemplo 5.29.
A série∞∑
n=1
n+ 1
n4é convergente.
Observe quen+ 1
n4=
1
n3+
1
n4∀ n ∈ N+; sabemos que a série p converge se p > 1, logo as
séries∞∑
n=1
1
n3e
∞∑
n=1
1
n4são convergentes.
Portanto,∞∑
n=1
n+ 1
n4é convergente.
5.3.5 Condição de Cauchy.
Propriedade 5.6. Condição de Cauchy.
Seja {sn} uma seqüência de números reais para a série convergente∞∑
n=1
an, então para qual-
quer ε > 0, existe n0 > 0 tal que |sm − sn| < ε sempre que m, n > n0.
Demonstração.
Como∞∑
n=1
an é convergente, seja S sua soma, isto é limn→∞
sn = S; pela definição de seqüência
convergente segue que:
∀ ε > 0, ∃ n0 > 0 tal que |sn − S| < ε sempre que n > n0
Em particular podemos considerar: |sn − S| < ε
2, portanto, se m, n > n0:
|sm − sn| = |sm − S + S − sn| ≤ |sn − S| + |sm − S| < ε
2+ε
2= ε
Assim, ∀ ε > 0, ∃ n0 > 0 tal que |sm − sn| < ε sempre que m, n > n0.
Observe que se m = n − 1 ⇒ |sn−1 − sn| = |an| < ε sempre que n > n0; isto é
limn→∞
an = 0. Embora esta seja uma condição necessária para a convergência da série∞∑
n=1
an, não
é uma condição suficiente
174 Cálculo Vetorial e Séries
Exemplo 5.30.
Determine quais das séries convergem ou divergem:
1.∞∑
n=1
(n− 1)!
n · n!.
2.∞∑
n=1
√n(n− 1)!
n!.
Solução. 1.
Observe que
∞∑
n=1
(n− 1)!
n · n!=
∞∑
n=1
(n− 1)!
n · n(n− 1)!=
∞∑
n=1
1
n2onde p = 2 > 1
Logo a série∞∑
n=1
(n− 1)!
n · n!é convergente. �
Solução. 2.
Tem-se que
∞∑
n=1
√n(n− 1)!
n!=
∞∑
n=1
√n(n− 1)!
n · (n− 1)!!=
∞∑
n=1
1√n
onde p =1
2< 1
Logo a série∞∑
n=1
√n(n− 1)!
n!é divergente.
5.3.6 Propriedade de Cauchy.
Existem casos onde a série têm seus termos decrescentes, então podemos utilizar a seguinte
propriedade.
Propriedade 5.7.
Suponhamos temos uma série de termo geral an de modo que an+1 ≤ an para todo n ∈ N+;
logo:
A série∞∑
n=1
an converge se, e somente se, a série∞∑
n=1
2n · a2n também converge.
A demonstração é exercício para o leitor.
Exemplo 5.31.
Determine quais das séries convergem ou divergem:
1.∞∑
n=1
1
n2.
∞∑
n=1
1
nLnn
3.∞∑
n=1
1
n2.
Christian José Quintana Pinedo 175
Solução. 1.
Temos que an =1
n, logo a2n =
1
2n.
Assim,∞∑
n=1
2n · 1
2n=
∞∑
n=1
1 = +∞ diverge.
Pela Propriedade (5.7) a série∞∑
n=1
1
ndiverge. �
Solução. 2.
Tem-se que an =1
nLnn, logo a2n =
1
2nLn2n.
Então,∞∑
n=1
2n · a2n =∞∑
n=1
2n · 1
2nLn2n=
∞∑
n=1
1
nLn2=
1
Ln2
∞∑
n=1
1
n= +∞ isto último pela parte
1.
Portanto, a série∞∑
n=1
1
nLnndiverge. �
Solução. 3.
Tem-se que an =1
n2>
1
(n+ 1)2= an+1, então podemos obter a2n =
1
(2n)2.
Logo,∞∑
n=1
2n · a2n =∞∑
n=1
2n · 1
(2n)2=
∞∑
n=1
2n
22n=
∞∑
n=1
1
2n= lim
n→∞1
2·
1 −(1
2
)n
1 − 1
2
= 1.
Como a série∞∑
n=1
1
2nconverge, então a série
∞∑
n=1
1
n2também converge. �
176 Cálculo Vetorial e Séries
Exercícios 5-2
1. O que significa uma série∞∑
n=1
an ser divergente?
2. Expresse cada decimal periódica como uma série e ache a expressão ord inária que ela
representa.
1. 0, 232323 · · · 2. 5, 146146146 · · · 3. 3, 2394394 · · ·
3. Verifique se as seguintes séries são divergentes:
1.∞∑
n=1
(√n+
√n+ 1) 2.
∞∑
n=1
[(1 + (−1)n] 3.∞∑
n=1
n3
n3 + n2 + 9
4.
∞∑
n=1
n
cosn5.
∞∑
n=1
nsen
[1
n
]
6.
∞∑
n=1
n!
2n
7.
∞∑
n=1
[sen4πn + 4]
4n8.
∞∑
n=1
(1
3n+
1
5n) 9.
∞∑
n=1
1√n2 + 4n
10.
∞∑
n=1
n!
3n)!11.
∞∑
i=1
(n+ 2)!
5n12.
∞∑
i=1
(1
7n+
5
8n
)
4. Encontre uma série cuja n-ésima soma vem dado por:
1. sn =2n
3n+ 12. sn =
n2
n+ 13. sn =
1
2n
5. Para cada uma das séries, calcule a n-ésima soma parcial e o valor da soma da série no
caso de ela convergir.
1.∞∑
n=1
[2
3
]n
2.∞∑
n=1
4
[2
5
]n
3.∞∑
n=1
3
9n2 + 3n− 2
4.∞∑
n=1
Ln
[n
n+ 1
]
5.∞∑
n=1
2n+ 1
n2(n+ 1)26.
∞∑
n=1
[1
2n−2− 1
3n+2
]
7.∞∑
n=1
[1
2n+
1
3n
]
8.∞∑
n=1
1
4n2 − 19.
∞∑
n=1
2
(4n− 3)(4n+ 1)
10.∞∑
n=1
Ln
[(n+ 1)2
n(n+ 2)
]
11.∞∑
n=1
2n+1
32n12.
∞∑
n=1
[2nsen(nπ + π
2 )
32n−2
]
13.∞∑
n=1
Lnn√n2
14.∞∑
n=1
1
nn15.
∞∑
n=1
e−n + en
6
16.∞∑
n=1
n
en2 17.∞∑
n=1
(−1)n√n+ 1
3n− 218.
∞∑
n=1
1 − 2 cosn
en
6. Encontre os valores de x que tornam a série∞∑
n=1
x2n convergente; e calcule o valor da soma.
Christian José Quintana Pinedo 177
7. Idem ao Exercício 6 para a série∞∑
n=1
(x− 3)n
2n+1.
8. Sejam ai, bi ∈ R onde i = 1, 2, 3, · · · , n. Mostre a desigualdade de Cauchy - Schwarz:
( ∞∑
n=1
anbn)2 ≤
( ∞∑
n=1
a2n
)(∞∑
n=1
b2n)
9. A série∞∑
n=1
an converge se, e somente se, para todo ε > 0, existe um n0 > 0 tal que n > n0
implica:
|an+1 + an+2 + an+3 + · · · + an+p| < ε para cada p ∈ N+
10.
11.
12.
178 Cálculo Vetorial e Séries
5.4 SÉRIE DE TERMOS POSITIVOS
Uma série∞∑
n=1
an onde cada termo an é maior ou igual do que zero é denominada série de
termos positivos.
Propriedade 5.8.
Seja {an} uma seqüência com an ≥ 0 para todo n ∈ N+. Então a série∞∑
n=1
an é convergente
se, e somente se, a seqüência de somas parciais {sn} é limitada.
Demonstração.
Temos pela Propriedade (5.4) que se a série∞∑
n=1
an converge, então sua seqüência de somas
parciais é limitada.
Inversamente.
Suponhamos que a seqüência de somas parciais {sn} é limitada, como an ≥ 0 para todo
n ∈ N+ então:
sn = a1 + a2 + a3 + · · · + an ≤ a1 + a2 + a3 + · · · + an + an+1 = sn+1
Logo, a seqüência de somas parciais {sn} é crescente; ainda mais sendo limitada segue pela
Propriedade (4.18) que {sn} é convergente, assim∞∑
n=1
an é convergente .
Exemplo 5.32.
A série∞∑
n=1
1
n(n+ 1)é convergente.
Observe que1
n(n+ 1)=
1
n− 1
n+ 1para todo n ∈ N+.
Como sn =1
1 · 2 +1
2 · 3 +1
3 · 4 + · · · + 1
n(n+ 1), tem-se que sn = 1 − 1
n+ 1≤ 1 para todo
n ∈ N+.
Sendo os termos positivos, e a seqüência de somas parciais {sn} limitada, então série∞∑
n=1
1
n(n+ 1)
é convergente.
Definição 5.2.
Dizemos que a série∞∑
n=1
an é dominada pela série∞∑
n=1
bn quando an ≤ bn, ∀ n ∈ N+.
Nesse caso∞∑
n=1
an é a série dominada e∞∑
n=1
bn é a série dominante.
Observação 5.6.
Para séries de termos positivos, os seguintes fatos são imediatos:
1. A seqüência sn de somas parciais é monótona crescente.
Christian José Quintana Pinedo 179
2. Se a série∞∑
n=1
an é dominada pela série∞∑
n=1
bn, as respectivas séries de somas parciais {sn}
e {tn} satisfazem a relação sn ≤ tn, ∀ n ∈ N+.
Estes fatos junto com a Propriedade (4.21) estabelecem o seguinte critério de convergência
conhecido como critério de comparação.
5.4.1 Critério de comparação.
Propriedade 5.9. Critério de comparação.
Sejam∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn duas séries de termos positivos:
i) Se a série∞∑
n=1
bn converge e an ≤ bn, ∀ n ∈ N+, então a série∞∑
n=1
an também converge.
ii) Se a série∞∑
n=1
an diverge e an ≤ bn, ∀ n ∈ N+, então a série∞∑
n=1
an também diverge.
Sendo as afirmações i) e ii) equivalentes, é suficiente mostra apenas uma delas.
Demonstração. i)
Sejam {sn} e {tn} as seqüências de somas parciais das séries∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn respectivamente.
Como {tn} é uma seqüência convergente, ela é limitada e; sendo 0 ≤ sn ≤ tn, ∀n ∈ N+ então
{sn}, além do monótona também é limitada e, portanto convergente.
Logo a série∞∑
n=1
an correspondente é convergente.
Observação 5.7.
Embora os resultados que envolvem uma série dominada por outra sejam, em geral, enuncia-
dos e demonstrados, admitindo-se que esse domínio ocorra para todos os termos das séries, eles
continuam sendo válidos quando uma das séries é dominada pela outra a partir de uma certa
ordem.
Exemplo 5.33.
Determine a convergência ou divergência da série∞∑
n=1
1 + n
1 + n2
Solução.
Como n ≥ 1, então 1 + n2 ≤ n+ n2 ≤ n(n+ 1), logo1 + n
1 + n2≥ 1
n, ∀ n ∈ N+
Sendo a série∞∑
n=1
1
né divergente, segue pelo critério de comparação que a série
∞∑
n=1
1 + n
1 + n2
também diverge.
Exemplo 5.34.
180 Cálculo Vetorial e Séries
(a) Da relação Lnn ≥ 1, ∀ n ≥ 3, segue queLnn
n≥ 1
n, n ≥ 3 e, como a série harmônica
∞∑
n=1
1
n
diverge, segue pelo critério de comparação que a série∞∑
n=1
Lnn
ntambém diverge.
(b) As séries∞∑
n=1
1
n!e
∞∑
n=1
1
2n2são convergentes, pois elas são dominadas respectivamente, pelas
séries∞∑
n=1
1
2n−1e
∞∑
n=1
1
n2 + n.
Exemplo 5.35.
Se a série dominada for convergente, então a série dominante pode convergir ou divergir.
A série convergente∞∑
n=1
1
n2é dominada pela série divergente
∞∑
n=1
1
n.
Exemplo 5.36.
Mostre que a série∞∑
n=1
1
npé divergente se p ∈ R, p ≤ 1.
Demonstração.
Com efeito, se p ≤ 1 ⇒ np ≤ n, ∀ n ∈ N+, logo1
n≤ 1
np∀ n ∈ N+. Como a série
harmônica∞∑
n=1
1
né divergente, então a série
∞∑
n=1
1
npp ∈ R, p ≤ 1 também é divergente.
5.4.2 Critério de integral.
Propriedade 5.10. Critério da integral.
Consideremos a função f : [1, +∞) −→ R contínua e suponhamos que f seja não negativa e
monótona decrescente; isto é:
(a) f(x) ≥ 0, ∀ x ≥ 1.
(b) f(x) ≥ f(y), sempre que 1 ≤ x ≤ y.
Nessas condições a série∞∑
n=1
f(n) é convergente se, e somente se, a integral
∞∫
n=1
f(n) for
convergente.
Demonstração.
Seja sn = f(1)+f(2)+f(3)+· · ·+f(n) para n ∈ N+, e consideremos a função F : [1,+∞) −→R definida por:
F (t) =
t∫
1
f(x)dx para t ∈ [1, +∞)
como f(x) é contínua, pelo Teorema do Valor Médio para Integrais existe α ∈ R tal quek+1∫
k
f(x)dx = [(k + 1) − k]f(α) = f(α) sendo que α ∈ (k, k + 1); isto é k < α < k + 1.
Christian José Quintana Pinedo 181
Pelo fato ser f(x) decrescente não negativa, temos:
0 ≤ f(k + 1) ≤k+1∫
k
f(x)dx ≤ f(k)
para k ∈ N+. Assim obtemos:
F (n+ 1) =
2∫
1
f(x)dx+
3∫
2
f(x)dx+
4∫
3
f(x)dx+ · · · +n+1∫
n
f(x)dx
≤ f(1) + f(2) + f(3) + · · · + f(n) = sn
≤ f(1) +
2∫
1
f(x)dx+
3∫
2
f(x)dx+
4∫
3
f(x)dx+ · · · +n∫
n−1
f(x)dx = f(1) + F (n)
De onde:
F (n+ 1) ≤ sn ≤ f(1) + F (n) para n ∈ N+ (5.18)
Suponhamos que a integral
∞∫
1
f(x)dx seja convergente. Como F (x) é decrescente, temos em
(5.18) que:
sn ≤ f(1) + F (n) ≤ f(1) + limn→∞
F (n) ≤ f(1) +
∞∫
1
f(x)dx
para todo n ∈ N+. Assim a seqüência de somas parciais {sn} é limitada e, sendo monótona, pela
Propriedade (5.8) segue que a série∞∑
n=1
f(n) é convergente.
Inversamente.
Suponhamos que a série∞∑
n=1
f(n) seja convergente então existe N ∈ R tal que sn ≤ N para
todo n ∈ N+.
De (5.18) temos que F (n+ 1) ≤ N para todo n ∈ N+.
Como F (t) é decrescente, isto implica que F (t) ≤ N para todo t ∈ [1, +∞). Sendo f(x)
positivo, deduzimos de (5.18) que a integral imprópria
∞∫
1
f(x)dx converge.
Além de dar informação relativa à convergência de uma série, o critério da integral pode ser
usado para calcular a soma da série.
Exemplo 5.37.
A função f(x) =1
x3atende as condições da propriedade no intervalo [1, ∞). De fato, nesse
intervalo a função f(x) é claramente contínua e não negativa e como sua derivada f ′(x) =−3
x4
é negativa para todo x ≥ 1, então f(x) é decrescente.
182 Cálculo Vetorial e Séries
A integral imprópria
∞∫
1
f(x)dx = 1 é convergente, por conseguinte a série∞∑
n=1
1
n3converge.
Observação 5.8.
Quando utilizamos o critério da integral, o valor da integral imprópria não é necessáriamente
igual ao valor da soma da série, no caso de esta convergir.
Propriedade 5.11.
Consideremos a função f : [1, +∞) −→ R contínua e suponhamos que f(x) seja não negativa
e monótona decrescente. Se a integral imprópria
∞∫
1
f(x)dx converge, então a série∞∑
n=1
f(n)
converge, e:
∞∫
1
f(x)dx ≤∞∑
n=1
f(n) ≤ f(1) +
∞∫
1
f(x)dx.
A demonstração desta propriedade é exercício para o leitor.
Exemplo 5.38.
Mostre que a série∞∑
n=1
1
np, p ∈ R converge se p > 1 e diverge se p ≤ 1.
Demonstração.
Tem-se f(x) =1
xp, e observe que, quando p 6= 1:
+∞∫
1
f(x)dx =1
1 − p·[
1
xp−1
] ∣∣∣∣
m
1
=1
1 − p
[
limm→+∞
1
mp−1− 1
]
(5.19)
Na igualdade (5.19) quando p > 1 tem-se que
∞∫
1
f(x)dx =1
p− 1, logo a série
∞∑
n=1
1
xpconverge
quando p > 1, p ∈ R.
Para o caso p < 1, na igualdade (5.19) tem-se que
∞∫
1
f(x)dx = −∞, logo a série∞∑
n=1
1
xp
diverge quando p < 1, p ∈ R.
Se p = 1 ⇒∞∫
1
f(x)dx = Lnx∣∣∣
+∞
1= lim
m→+∞Lnm = +∞.
Exemplo 5.39.
A série∞∑
n=1
e−n é convergente.
Com efeito,
∞∫
1
e−xdx = − e−x∣∣∣
+∞
1=
1
e
Christian José Quintana Pinedo 183
5.4.3 Critério de comparação no limite.
Propriedade 5.12. Critério de comparação no limite.
Sejam∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn duas séries de termos positivos e seja L = limn→∞
anbn
.
i) Se L > 0, então as séries∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn são ambas convergentes ou ambas divergentes.
ii) Se L = 0 e∞∑
n=1
bn converge, então∞∑
n=1
an também converge.
iii) Se L = ∞ e∞∑
n=1
bn diverge, então∞∑
n=1
an também diverge.
Demonstração.
A demonstração é consequência imediata da Propriedade (5.9) observe que em i) e ii) a série∞∑
n=1
bn a partir de um certo momento, passa a dominar a série∞∑
n=1
an, enquanto em iii) a série
∞∑
n=1
bn passa a ser dominada pela série∞∑
n=1
an.
Por exemplo, em i), fixando ε =1
3na definição de limite de seqüência encontramos um índice
n0 tal que1
3bn ≤ an ≤ 4
3bn, ∀ n ≥ n0.
Exemplo 5.40.
Determine se a série∞∑
n=1
1
nnconverge ou diverge.
Solução.
Seja an =1
nne consideremos bn =
1
2n; sabe-se que a série geométrica
∞∑
n=1
1
2né convergente
(r =1
2< 1).
Então, limn→∞
anbn
= limn→∞
1
nn1
2n
= limn→∞
2n
nn= lim
n→∞
[2
n
]n
= 0.
Pela parte ii) da Propriedade (5.12) segue que a serie∞∑
n=1
1
nné convergente.
Exemplo 5.41.
Estamos a estudar a convergência da série∞∑
n=1
7√n
6n− 3, logo an =
7√n
6n− 3.
Observe que quando bn =1√n
, resulta limn→∞
7√n
6n−31√n
= limn→∞
7√n
6n− 3·√n
1=
7
6> 1.
184 Cálculo Vetorial e Séries
Como a série∞∑
n=1
1√n
diverge, então∞∑
n=1
7√n
6n− 3também diverge.
Observação 5.9.
Observemos que a propriedade associativa não é válida para qualquer soma infinita.
Por exemplo, a série∞∑
n=1
(−1)n torna-se convergente quando seus termos são agrupados de
modo conveniente. De fato:
(−1 + 1) + (−1 + 1) + (−1 + 1) + · · · + ((−1)n + (−1)n+1) + · · ·+ = 0
Este fenômeno não ocorre para série de termos positivos convergentes como mostra a seguinte
propriedade.
Propriedade 5.13. Do reagrupamento.
O valor da soma de uma série de termos positivos convergente, não é alterado por um rea-
grupamento de seus termos.
Demonstração.
Seja∞∑
n=1
an uma série convergente para S, e seja∞∑
n=1
bn a série obtida por reagrupamento.
Se {sn} e {tn} denotam, respectiva,mente, as somas parciais de∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn, então a
seqüência {sn} converge para S e para cada n temos tn ≤ S.
Ora, a seqüência {tn} é monótona e limitada por S, logo convergente. Se T é seu limite,
então T ≤ S e, invertendo o raciocínio podemos analisar a série∞∑
n=1
an como obtida de∞∑
n=1
bn
por reagrupamento, e uma repetição do argumento acima descrito implica que S ≤ T .
Por tanto S = T .
5.4.4 Critério de Raabe
Propriedade 5.14.
Seja∞∑
n=1
an uma série de termos positivos, se k = limn→∞
n
[
1 − an+1
an
]
então:
1. k > 1, a série∞∑
n=1
an converge.
1. k < 1, a série∞∑
n=1
an diverge
1. k = 1 nada a concluir.
A demonstração desta propriedade é exercício para o leitor.
Christian José Quintana Pinedo 185
Exemplo 5.42.
Determine quais das seguintes séries são convergentes, ou quais são divergentes:
1.∞∑
n=1
1
n2 + 12.
∞∑
n=1
n2 − 1
2n2 + 1
3.∞∑
n=1
a
4n2 − 1
Solução. 1.
Tem-se que an =1
n2 + 1e an+1 =
1
(n+ 1)2 + 1.
Logo k = limn→∞
n
[
1 − an+1
an
]
= limn→∞
n
[
1 − n2 + 1
(n+ 1)2 + 1
]
=
= limn→∞
2n2 + n
n2 + 2n+ 2= 2 > 1.
De acordo com a Propriedade (5.14) a série∞∑
n=1
1
n2 + 1é convergente.
Solução. 2.
Observe que para todo n ∈ N+ tem-se:
an =n2 − 1
2n2 + 1e an+1 =
(n+ 1)2 − 1
2(n+ 1)2 + 1=
n2 + 2n
2n2 + 4n+ 3
De onde: k = limn→∞
n
[
1 − an+1
an
]
=
= limn→∞
n
[
1 − n2 + 2n
2n2 + 4n+ 3· 2n2 + 1
n2 − 1
]
= limn→∞
−6n2 − 3n
(n2 − 1)(2n2 + 4n+ 3)= 0 < 1.
De acordo com a Propriedade (5.14) a série∞∑
n=1
n2 − 1
2n2 + 1é divergente.
Solução. 3.
Na série∞∑
n=1
a
4n2 − 1tem-se que: an =
a
4n2 − 1e an+1 =
a
4(n+ 1)2 − 1.
Pelo critério da Propriedade (5.14) tem-se:
k = limn→∞
n
[
1 − an+1
an
]
= limn→∞
n
[
1 − a
4(n+ 1)2 − 1· 4n2 − 1
a
]
=
k = limn→∞
n
[8n+ 4
4n2 + 3n+ 3
]
= limn→∞
[
1 − 8n2 + 4n
4n2 + 3n+ 3
]
= 2 > 1
De acordo com a Propriedade (5.14) a série∞∑
n=1
a
4n2 − 1é convergente.
Exemplo 5.43.
186 Cálculo Vetorial e Séries
A seguinte série∞∑
n=1
cos(2n+ 1
n2 + n
)
· sen( 1
n2 + n
)
é convergente., calcular sua soma.
sol
Aplicando a seguinte identidade 2senA. · cosB = sen(A+B) + sen(A−B) temos:
an = cos(2n+ 1
n2 + n
)
· sen( 1
n2 + n
)
=1
2
[
sen(2n+ 2
n2 + n
)
+ sen( −2n
n2 + n
)]
an =1
2
[
sen( 2
n
)
− sen( 2
n+ 1
)]
Assim. sn = a1 + a2 + a3 + · · · ,. então:
sn =1
2
[
sen 2 − sen2
n+ 1
]
⇒ limn→∞
sn =sen 2
2
Portanto,∞∑
n=1
cos(2n+ 1
n2 + n
)
· sen( 1
n2 + n
)
=sen 2
2. �
Christian José Quintana Pinedo 187
Exercícios 5-3
1. Determine se as seguintes séries são convergentes ou divergentes:
1.∞∑
n=1
1
n2 + 12.
∞∑
n=1
1
n3 + 4n3.
∞∑
n=1
1√n+ 1
4.∞∑
n=1
1
Lnn5.
∞∑
n=1
1
n√n+ 1
6.∞∑
n=1
1
nLnn
7.∞∑
n=1
[| cos(4πn + π
2 ) + 4|]4n
8.∞∑
n=1
(1
3n− 1
n5) 9.
∞∑
n=1
1
(2n)n
10.∞∑
n=1
e−n − en
611.
∞∑
n=1
1√n2 + n
12.∞∑
n=1
n!
(5n)!
13.∞∑
n=1
lnn
5n14.
∞∑
n=1
n
en2 15.∞∑
n=1
(−1)n√n+ 1
3n2 + 2
16.∞∑
n=1
Lnn
n217.
∞∑
n=1
Lnn
n18.
∞∑
n=1
1
n · 2n
19.∞∑
n=1
1√n2 + 4
20.∞∑
n=1
1
(n+ 1)(n+ 2)21.
∞∑
n=1
n · e−n
22.∞∑
n=1
1
2n− 123.
∞∑
n=1
1
(2n+ 1)224.
∞∑
n=1
n− 1
n
25.∞∑
n=1
n+ 1
n+ 226.
∞∑
n=1
arctann
n227.
∞∑
n=1
1
n(Lnn)2
2. Usando o critério de comparação no limite, determine se as séries∞∑
n=1
e−n2
e∞∑
n=1
sen4( 1
n
)
são convergentes. Sugestão compará-las com as séries∞∑
n=1
1
n2e
∞∑
n=1
1
n4
3. Determine quais das séries convergem ou divergem:
∞∑
i=1
|[cos 2πn + 1 |]2n
∞∑
i=1
senh(2n)
n3
∞∑
i=1
7
(4n− 3)(4n+ 1)
∞∑
i=1
[2 + (−1)2n+3]
188 Cálculo Vetorial e Séries
4. Use o critério da integral para determinar se a série dada converge ou diverge:
1.∞∑
i=1
1
n+ 22.
∞∑
i=1
e−n 3.∞∑
i=1
ne−n
4.∞∑
i=1
1
4n+ 35.
∞∑
i=1
1
n2 + 16.
∞∑
i=1
1
2n+ 1
7.∞∑
i=1
Lnn
n8.
∞∑
i=1
n
n2 + 39.
∞∑
i=1
nk−1
nk + c, k ∈ N+
10.∞∑
i=1
nke−n, k ∈ N+ 11.∞∑
i=1
1
n312.
∞∑
i=1
13√n
5. A função zeta de Riemann para números reais é dada por : ξ(x) =∞∑
i=1
n−x. Determine
o domínio dessa função.
6.
7.
Christian José Quintana Pinedo 189
5.5 SÉRIE ABSOLUTAMENTE CONVERGENTE
Definição 5.3. Série absolutamente convergente.
Dizemos que uma série∞∑
n=1
an é absolutamente convergente, se a série∞∑
n=1
|an| é convergente.
Observe, se an ≥ 0, ∀n ∈ N+ ⇒ |an| = an, assim, a série é∞∑
n=1
an é absolutamente con-
vergente. Para o caso de alguns termos an positivos e negativos, a convergência e a convergência
absoluta não é a mesma.
Exemplo 5.44.
Toda série convergente, cujos termos não mudam de sinal é absolutamente convergente. Em
particular quando −1 < r < 1, a série geométrica∞∑
n=1
rn é absolutamente convergente, pois
|rn| = |r|n, com 0 ≤ |r| < 1.
A propriedade seguinte pode ser interpretada assim:
“se tomarmos uma série convergente cujos termos são todos positivos e, de ummodo completamente arbitrário, trocamos as sinais de alguns dos seus termos, obter-emos ainda uma série convergente”.
Propriedade 5.15.
Toda série absolutamente convergente, é convergente.
Demonstração.
Seja∞∑
n=1
an uma série absolutamente convergente, para cada n ∈ N+, seja bn = |an| − an.
Por hipótese, a série∞∑
n=1
|an| é convergente, além disso como:
0 ≤ bn = |an| − an ≤ |an| + |an| = 2|an|
para todo n ∈ N+. Logo deduzimos pelo critério de comparação que a série∞∑
n=1
bn é convergente.
Mais, an = |an| − bn e pela Propriedade (5.12) segue que a série∞∑
n=1
an é convergente.
Exemplo 5.45.
A série∞∑
n=1
(−1)n
n2é absolutamente convergente. Observe que:
∣∣∣∣
(−1)n
n2
∣∣∣∣=
1
n2, ∀ n ∈ N+
Como∞∑
n=1
1
n2é convergente, segue-se que a série
∞∑
n=1
(−1)n
n2é absolutamente convergente.
190 Cálculo Vetorial e Séries
Exemplo 5.46.
A série∞∑
n=1
(−1)n
nnão é absolutamente convergente. Observe que:
∣∣∣∣
(−1)n
n
∣∣∣∣=
1
n, ∀ n ∈ N+
Como∞∑
n=1
1
né divergente, segue-se que a série
∞∑
n=1
(−1)n
nnão é absolutamente convergente.
Mais ainda, mostraremos na Seção 5.6 que a série∞∑
n=1
(−1)n
né convergente.
5.5.1 Condicionalmente convergente.
Definição 5.4. Série condicionalmente convergente.
Dizemos que uma série∞∑
n=1
an é condicionalmente convergente, quando for convergente, e a
série∞∑
n=1
|an| for divergente.
Exemplo 5.47.
A série∑
n→∞(−1)n
1
n2é condicionalmente convergente.
Com efeito, a série∑
n→∞(−1)n
13√n
converge pelo critério das séries alternadas, não obstante
∑
n→∞
∣∣∣∣(−1)n
13√n
∣∣∣∣=∑
n→∞
13√n
diverge, pois é uma série p com p =1
3.
Propriedade 5.16.
Seja∞∑
n=1
an uma série dada de números reais, e definimos:
pn =|an| + an
2, qn =
|an| − ann ∈ N+ (5.20)
i) Se∞∑
n=1
an é condicionalmente convergente então,∞∑
n=1
pn e∞∑
n=1
qn são ambas divergentes.
ii) Se∞∑
n=1
|an| é convergente então,∞∑
n=1
pn e∞∑
n=1
qn são ambas convergentes, e temos:∞∑
n=1
an =
∞∑
n=1
pn −∞∑
n=1
qn.
Demonstração. i)
Consideremos an = pn − qn, |an| = pn + qn.
Suponhamos que se∞∑
n=1
an seja convergente e∞∑
n=1
|an| seja divergente.
Christian José Quintana Pinedo 191
Caso∞∑
n=1
qn seja convergente então∞∑
n=1
pn também é convergente, pois pn = an + qn. De
modo análogo, se∞∑
n=1
pn é convergente então∞∑
n=1
qn também é convergente.
Por conseguinte, se uma ou outra das séries convergem, ambas devem convergir, e deduzimos
que a série∞∑
n=1
|an| converge pelo fato |an| = pn + qn.
Esta contradição mostra i). �
Demonstração. ii)
Para demonstrar ii) utilizamos as igualdades em (5.20) junto com a Propriedade (5.5)
A Propriedade (5.13) pode ser considerada de forma mais geral para as séries absolutamente
convergentes.
Propriedade 5.17.
Se a série∞∑
n=1
an é absolutamente convergente com soma S, e∞∑
n=1
bn é obtida de∞∑
n=1
an por
um reagrupamento, então∞∑
n=1
bn é absolutamente convergente e tem soma S.
Demonstração.
É claro que:
0 ≤∞∑
n=1
|bn| ≤∞∑
n=1
|an|, ∀ n ∈ N+
de onde segue que as somas parciais da série∞∑
n=1
|bn| formam uma seqüência monótona crescente
e limitada, sendo portanto convergente.
Assim, a série∞∑
n=1
bn converge absolutamente, e resta mostrar que ela tem soma S.
Denotemos, por {sn} e {tn} as somas parciais das séries∞∑
n=1
an e∞∑
n=1
bn, respectivamente
e consideremos ε > 0 dado. A convergência absoluta da série∞∑
n=1
an garante a existência de um
índice n tal que
|sn − S| < ε
2e |an+1| + |an+2| + |an+3| · · · + |an+p| <
ε
2, ∀ p ∈ N+
Se m é um índice suficientemente grande, então a soma parcial tn contém todos os termos
aj , 1 ≤ j ≤ n, e certamente outros, e dessa forma podemos escrever:
tm = a1 + a2 + a3 + · · · + an + ak1 + ak2 + · · · + akr
onde k1, k2, k3, · · · kr são inteiros maiores do que n. Se n+p0 é o maior dos números k1, k2, k3, · · · kr
192 Cálculo Vetorial e Séries
então:
|tm − sn| ≤ |ak1 | + |ak2 | + |ak3 | · · · + |akr | ≤ |an+1| + |an+2| + |an+3| · · · + |an+p0 | <ε
2
e usando esta desigualdade obtemos:
|tm − S| ≤ |tm − sn| + |sn − S| < ε
2+ε
2= ε
A seguinte propriedade sobre o produto de Cauchy para séries absolutamente convergentes,
será apresentado sem demonstração, o leitor interessado pode consultar [?].
Propriedade 5.18.
Sejam∞∑
n=1
an é∞∑
n=1
bn séries absolutamente convergentes, então:
i) A série∞∑
n=1
anbn é absolutamente convergente.
ii) O produto de Cauchy∞∑
n=1cn das séries
∞∑
n=1
an é∞∑
n=1
bn é absolutamente convergente, e:
∞∑
n=1
cn =( ∞∑
n=1
an
)( ∞∑
n=1
an
)
O critério de convergência a seguir, embora não conclusivo em alguns casos, constitui-se
no mais importante teste de convergência para séries numéricas, não apenas do ponto de vista
técnico, mais também como nas aplicações às “Séries de Potências”.
5.5.2 Critério de comparação.
Propriedade 5.19. Critério de comparação.
Sejam∞∑
n=1
an tais que∞∑
n=1
bn duas séries e |an| ≤ K|bn|, ∀ n ∈ N+, K > 0:
i) Se a série∞∑
n=1
bn é absolutamente convergente, então a série∞∑
n=1
an também é absolutamente
convergente.
ii) Se a série∞∑
n=1
an não é absolutamente convergente, então a série∞∑
n=1
an não é absolutamente
convergente.
Demonstração. i)
Se a série∞∑
n=1
|bn| é convergente, pela Propriedade (5.12) segue-se que∞∑
n=1
|an| é convergente,
de onde pela Propriedade (5.15) segue que∞∑
n=1
an é absolutamente convergente.
Christian José Quintana Pinedo 193
A demonstração de ii) é exercício para o leitor.
Exemplo 5.48.
A série∞∑
n=1
sen n
2né absolutamente convergente.
É imediato que∣∣∣sen n
2n
∣∣∣ ≤ 1
2npara todo n ∈ N+. Como a série
∞∑
n=1
1
2né absolutamente
convergente, pela Propriedade (5.19), a série∞∑
n=1
sen n
2né absolutamente convergente.
Exemplo 5.49.
A série∞∑
n=1
(−1)nn− 2
n3 + 1é absolutamente convergente.
Com efeito,
∣∣∣∣(−1)n
n− 2
n3 + 1
∣∣∣∣≤ n+ 2
n3 + 1para todo n ∈ N+.
Por outro lado, como n+ 2 ≤ 3n e n3 < n3 + 1 então temos que:
∣∣∣∣(−1)n
n− 2
n3 + 1
∣∣∣∣≤ n+ 2
n3 + 1≤ 3n
n3=
3
n2
Como a série∞∑
n=1
(−1)n3
n2é convergente, obtemos que a série
∞∑
n=1
(−1)nn− 2
n3 + 1é absoluta-
mente convergente.
Observação 5.10.
Se a série∞∑
n=1
an é absolutamente convergente, então ela é convergente e:
∣∣∣∣∣
∞∑
n=1
an
∣∣∣∣∣≤
∞∑
n=1
|an|
Propriedade 5.20.
Seja∞∑
n=1
bn una série absolutamente convergente, com bn 6= 0 para todo n ∈ N+. Se a seqüên-
cia{anbn
}
for limitada (em particular se for convergente), então a série∞∑
n=1
an será absolutamente
convergente
Demonstração.
Pelo fato a seqüência{anbn
}
ser limitada, então existe C ∈ R tal que a seqüência∣∣∣anbn
∣∣∣ ≤
C ⇒ |an| ≤ C|bn| para todo n ∈ N+.
Pela Propriedade (5.19) segue que a série∞∑
n=1
an é absolutamente convergente.
194 Cálculo Vetorial e Séries
5.5.3 Critério D’Alembert’s.
Propriedade 5.21. Critério D’Alembert’s1.
Seja an 6= 0 para todo n ∈ N+ e suponhamos que limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣= r ∈ R.
i) Se r < 1, a série∞∑
n=1
an é absolutamente convergente.
ii) Se r > 1, a série∞∑
n=1
an diverge.
Demonstração. i)
Seja r < 1, e s ∈ R de modo que r < s < 1. Como limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣= r < s, existe p ∈ N+ tal
que
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣< s para n ≥ p.
De onde |ap+1| < s|ap|, também |ap+2| < s|ap+1| e assim sucessivamente, obtém-se que
|ap+k| ≤ sk|up| para k ∈ N+.
Seja K = max .{ |ai|si
/.i = 1, 2, 3, · · · p } então:
|an| ≤ K · sn para todo n ∈ N+
Como 0 < s < 1, e sabemos que∞∑
n=1
sn converge; logo pelo critério de comparação∞∑
n=1
|an|
também converge.
Portanto∞∑
n=1
an é absolutamente convergente. �
Demonstração. ii)
Seja r > 1 e consideremos t ∈ R tal que 1 < t < r, logo existe p ∈ N+ que satisfaz
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣> t
para n ≥ p.
de modo análogo mostra-se que:
|ap+k| ≥ tk · |ap| para k ∈ N+
Temos que:∞∑
n=1
tk · |ap| ≤∞∑
n=1
|ap+k|.
Sendo t > 1, e |ak| > 0, a série∞∑
k=1
tk · |ap|diverge quando k → ∞; logo∞∑
k=1
|ap+k| também
diverge.
Portanto,∞∑
n=1
an
Observação 5.11.
1Também conhecido como Critério da razão.
Christian José Quintana Pinedo 195
1. Se o limite limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣
não existe ou for igual a 1, o critério D’Alembert’s não pode ser
usado, e teríamos que recorrer a outros métodos.
2. Segue do critério de D’Alembert’s e da Propriedade (5.2) que se {an} é uma seqüência de
números não negativos e se:
limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣< 1, ⇒ lim
n→∞an = 0
3. Se limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣= +∞, as séries divergem.
Fica como exercício para o leitor a demonstração da parte 3. desta observação.
Exemplo 5.50.
A série∞∑
n=1
n
2né absolutamente convergente.
Com efeito, seja an =n
2npara n ∈ N+, então:
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣=n+ 1
2n· 2n
n=
(1 +1
n)
2
Calculando o limite, r = limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣=
1
2.
Portanto a série∞∑
n=1
n
2né absolutamente convergente.
Exemplo 5.51.
A série∞∑
n=1
an
n!é absolutamente convergente, para todo a ∈ R.
Com efeito, se a = 0 é imediato.
Suponhamos que a 6= 0, e seja an =an
n!para n ∈ N+, então:
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣=
∣∣∣∣
an+1
(n+ 1)!· n!
an
∣∣∣∣=
|a|n+ 1
Calculando o limite, r = limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣= lim
n→∞|a|n+ 1
= 0.
Portanto a série∞∑
n=1
an
n!é absolutamente convergente.
Exemplo 5.52.
A série∞∑
n=1
3n
2n+ 3é divergente.
196 Cálculo Vetorial e Séries
Seja an =3n
2n+ 3para todo n ∈ N+, logo
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣=
∣∣∣∣
3n+1
2n+ 5· 2n+ 3
3n
∣∣∣∣= 3 ·
2 +3
n
2 +5
2n
Calculando o limite, r = limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣= 3.
Portanto a série∞∑
n=1
3n
2n+ 3é divergente.
5.5.4 Critério de Cauchy.
Propriedade 5.22. Critério de Cauchy2.
Suponhamos que limn→∞
n√
|an| = r ∈ R.
i) Se r < 1, a série∞∑
n=1
an é absolutamente convergente.
ii) Se r > 1, a série∞∑
n=1
an diverge.
Demonstração. i)
Seja r < 1, e s ∈ R de modo que r < s < 1. Como limn→∞
n√
|an| = r < s, existe p ∈ N+ tal
que | n√
|an|| < s para n ≥ p.
Seja K = max .{ 1,|ai|si
/.i = 1, 2, 3, · · · p } então:
|an| ≤ K · sn para todo n ∈ N+
Como 0 < s < 1, e sabemos que∞∑
n=1
sn converge; logo pelo critério de comparação∞∑
n=1
|an|
também converge.
Portanto∞∑
n=1
an é absolutamente convergente. �
Demonstração. ii)
Se r > 1, então existe p ∈ N+ tal que n√
|an| ≥ 1 para n ≥ p.
Como |an| ≥ 1 para n ≥ p, seqüência {|an|} não converge para zero, pela Propriedade (5.2)
esta série diverge.
Portanto, limn→∞
n√
|an| diverge se r > 1.
Observação 5.12.
1. Se o limite limn→∞
n√
|an| não existe ou for igual a 1, o critério de Cauchy não pode ser usado,
e teríamos que recorrer a outros métodos.
2Também conhecido como Critério da Raiz
Christian José Quintana Pinedo 197
2. Segue do critério de Cauchy e da Propriedade (5.2) que se {an} é uma seqüência se:
limn→∞
n√
|an| < 1, ⇒ limn→∞
an = 0
3. Se limn→∞
n√
|an| = +∞, as séries divergem.
Exemplo 5.53.
Mostre que a série∞∑
n=1
n
2né absolutamente convergente.
Demonstração.
Aplicando o critério de Cauchy e a Propriedade (4.6)tem-se que:
limn→∞
n
√n
2n=
1
2limn→∞
n√n =
1
2· exp( lim
n→∞Lnn
n) =
1
2· e0 =
1
2
Segundo o critério de Cauchy, a série∞∑
n=1
n
2né absolutamente convergente.
Exemplo 5.54.
A série∞∑
n=1
npan convergente absolutamente se |a| < 1, e é divergente se |a| > 1.
Com efeito, n√
|npan| = ( n√n)p|a| para n ∈ N+, de onde lim
n→∞n√
|npan| = |a|.Se |a| < 1 pelo critério de Cauchy, a série é absolutamente convergente.
Se |a| > 1 a série diverge.
A propriedade seguinte relaciona os critérios de D’Alembert’s e Cauchy, para determinar a
convergência de seqüências.
Propriedade 5.23.
Seja {an} uma seqüência cujos termos são diferentes de zero. Se limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣
= L, então
limn→∞
n√
|an| = L
Demonstração.
Sem perda de generalidade podemos supor que an > 0 para todo n ∈ N+.
Dado ε > 0, fixemos K, M tais que L − ε < K < L < M < L + ε. Existe p ∈ N+ tal que
n ≥ p ⇒ K <an+1
an< M .
Multiplicando ambos os membros as n−p desigualdadesK <ap+iap+i−1
< M, i = 1, 2, · · · , (n−
p), obtemos Kn−p <anap
< Mn−p para n > p.
Ponhamos α =apKp
e β =apMp
.
Então Knα < an < Mnβ. Extraindo raízes, temos que K n√α < n
√an < M n
√β para todo
n > p.
Considerando que L − ε < K, M < L + ε, limn→∞
n√α = 1 e lim
n→∞n√β = 1, concluímos que
existe n0 > p tal que L− ε < K n√α e M n
√β < L+ ε sempre que n > n0.
198 Cálculo Vetorial e Séries
Assim, L− ε < n√an < L+ ε sempre que n > n0. isto mostra a propriedade quando L > 0.
Para o caso L = 0, é suficiente somente considerar M e não K e M .
Exemplo 5.55.
Por exemplo, dada a seqüência{nn
n!
}
estamos a determinar a convergência da seqüência{ n
n√n!
}
.
Consideremos an =nn
n!, então n
√
|an| =n
n√n!
.
Comoan+1
an=
(n+ 1)(n+1)
(n+ 1)!· n!
nn=
(n+ 1)(n+ 1)n
(n+ 1)n!· n!
nn=(
1 +1
n
)n, então, no limite
limn→∞
an+1
an= lim
n→∞
(
1 +1
n
)n= e.
Portanto, a seqüência{ n
n√n!
}
converge para a constante e.
Propriedade 5.24. Riemann.
Seja∞∑
n=1
an uma série condicionalmente convergente. Alterando convenientemente ordem dos
termos da série dada, podemos fazer que sua soma fique igual a qualquer número pre-fixado.
Demonstração.
Seja∞∑
n=1
an a série dada. Fixado o número c, começamos a somas os termos positivos de
∞∑
n=1
an, na sua ordem natural, um a um, parando quando, ao somar an1 , a soma pela primeira
vez ultrapasse o número c (isto é possível, pois a soma dos termos positivos de∞∑
n=1
an é +∞).
Fazemos o mesmo processo com os termos negativos até parar quando somando an2 que é
negativo fique o mais próximo possível inferior que c (isto é possível, pois a soma dos termos
negativos de∞∑
n=1
an é −∞).
Prosseguindo analogamente, obtemos uma nova série, cujos termos são os mesmos de∞∑
n=1
an
numa ordem diferente.
As reduzidas desta nova série oscilam em torno do valor c, de tal modo que (a partir da
ordem n1) a diferença entre cada uma delas e c é inferior, em valor absoluto ao termo ank, onde
houve a última mudança de sinal.
Ora limk→∞
ank= 0 porque a série
∞∑
n=1
an converge.
Portanto as reduzidas da nova série convergem para c.
Exemplo 5.56.
Christian José Quintana Pinedo 199
Exercícios 2-4
1. Determine quais das seguintes séries são absolutamente convergentes. Quais são conver-
gentes? Quais são divergentes?
1.∞∑
n=1
(−1)n−1 1
2n− 12.
∞∑
n=1
(−1)n1
(2n)23.
∞∑
n=1
(−1)n1√n
4.∞∑
n=1
(−1)n1
n+ 35.
∞∑
n=1
cosn
n2 + 16.
∞∑
n=1
n3 + 2
n4 + 1
7.∞∑
n=1
(−1)nn
Lnn8.
(−1)n
n2 − n9.
∞∑
n=1
(−1)nsen(n−3/2)
10.∞∑
n=1
(−1)nn
n+ 111.
∞∑
n=1
n3
2n12.
∞∑
n=1
n23n
13.∞∑
n=1
(−1)nn2
2n14.
∞∑
n=1
(−2)n
n!15.
∞∑
n=1
senhn
n2
16.∞∑
n=1
nn
2nn!17.
∞∑
n=1
nn
3nn!18.
∞∑
n=1
n!
10n
19.∞∑
n=1
(−1)nn!
(2n− 1)!20.
∞∑
n=1
22n
(2n)!21.
∞∑
n=1
(n− 3)2
n4
22.
∞∑
n=1
(2n+ 1)!
(3n)!23.
∞∑
n=1
2n2
n!24.
∞∑
n=1
1
(2n+ 1)!
2. Suponha mostrado que limn→∞
nn√n!
= e. Usando este resultado, discuta a convergência das
séries:
1.∞∑
n=1
nn
2nn!2.
∞∑
n=1
nn
3nn!3.
∞∑
n=1
(2n)!
(2n)nn!
3.
4.
5.
6.
7.
8.
9.
10.
11.
Christian José Quintana Pinedo 201
5.6 SÉRIES ALTERNADAS
Para uma série de termos positivos∞∑
n=1an a seqüência {sn} de somas parciais é crescente, e sua
convergência passa a ser uma conseqüência de sua limitação. Precisamente, esse foi o argumento
usado na demonstração do critério de comparação e o da integral, os quais são válidos para series
de termos positivos.
Observe que a série∞∑
n=1
−2n não é convergente, embora seja dominada pela série∞∑
n=1
1
n2que
é convergente.
Definição 5.5.
Uma série cujos termos são alternadamente positivos e negativos, é denominada “série alter-
nada”
Séries alternadas encontramos quando estamos a estudar fenômenos ondulatórios, cujos mod-
elos matemáticos tem por solução funções representadas mediante séries trigonométricas (séries
de Fourier) da forma:
u(x, t) =∞∑
n=1
(
an cosnπt
L+ bnsen
nπt
L
)
sennπt
L(5.21)
onde os coeficientes an e bn que aparecem na série representam a posição e a velocidade inicias,
respectivamente, de um ponto da onda.
As séries alternadas se apresentam em uma das seguintes formas:
∞∑
n=1
(−1)nan ou∞∑
n=1
(−1)n−1an
onde an são termos de números reais positivos.
5.6.1 Critério de Leibnitz.
Propriedade 5.25. Critério de Leibnitz.
Seja {an} uma seqüência de números tais que:
i) a1 ≥ a2 ≥ a3 ≥ · · · ≥ 0 para todo n ∈ N+
ii) limn→∞
an = 0
Então a série∞∑
n=1
(−1)n−1an é convergente
Demonstração.
Seja {sn} uma seqüência de somas parciais de∞∑
n=1
(−1)n−1an, então:
s2n = (a1 − a2) + (a3 − a4) + (a5 − a6) + · · · + (a2n−1 − a2n)
202 Cálculo Vetorial e Séries
Como (ak − ak+1) ≥ 0 então a seqüência {s2n} é crescente.
Por outro lado, temos:
s2n = a1 − (a2 − a3) − (a4 − a5) − (a6 − a7) − · · · − (a2n−2 − a2n−1) − a2n
Como (ak − ak+1) ≥ 0 então a seqüência {s2n} é limitada por a1, isto é s2n ≤ a1 para todo
n ∈ N+.
Sendo {sn} uma seqüência crescente limitada, pela Propriedade (4.18) ela é convergente para
algum S ∈ R, onde S ≤ a1.
A mostrar que a seqüência {sn} converge para S.
Dado ε > 0 seja n0 > 0 tal que para n > n0
|s2n − S| ≤ ε
2e |a2n+1| ≤
ε
2
Logo, se n > n0, então:
|s2n+1 − S| = |s2n + a2n+1 − S| ≤ |s2n − S| + |a2n+1| ≤ε
2+ε
2= ε
Assim toda soma de um número ímpar de termos também depende de ε e S. Como ε é
arbitrário, deduzimos que limn→∞
sn = S.
Portanto, a série∞∑
n=1
(−1)n−1an é convergente.
Observação 5.13.
O critério de Leibnitz pode ser modificado de modo a exigir apenas que 0 < an+1 ≤ an, para
todo n maior ou igual a algum inteiro N .
Exemplo 5.57.
Determine se a série alternada∞∑
n=1
(−1)n+1 1
Lnnconverge ou diverge.
Solução.
Temos que an =1
Lnn, então an+1 =
1
Ln(n+ 1), além disso sendo n < n + 1 para todo
n ∈ N+, ⇒ Lnn < Ln(n+ 1).
Logo,1
Ln(n+ 1)<
1
Lnnpara n ≥ 2, e como lim
n→∞an = lim
n→∞1
Lnn= 0.
Segue da Propriedade (5.25) que a série∞∑
n=1
(−1)n+1 1
Lnné convergente. �
Exemplo 5.58.
Estude a série∞∑
n=1
(−1)n+1 1
2n.
Solução.
Christian José Quintana Pinedo 203
Observe que an =1
2ne an+1 =
1
n+ 1para todo n ∈ N+. Do fato 2n < 2n+1 ⇒ an+1 =
1
2n+1<
1
2n= an para todo n ≥ 1.
Como limn→∞
1
2n= 0. Segue da Propriedade (5.25) que a série
∞∑
n=1
(−1)n+1 1
2né convergente.�
A Propriedade (5.25) é útil para determinar o ínfimo da n-ésima soma parcial de uma
série convergente. Para o caso de séries alternadas, isto é facilmente determinado; de fato,
nós mostraremos que o erro é não é maior que o primeiro termo.
Propriedade 5.26. Resto de uma série alternada.
Se as hipóteses da Propriedade (5.25) são satisfeitas, e S e sn denotam a soma e a n-ésima
soma parcial respectivamente, então:
|S − sn| ≤ an+1 para todo n ∈ N+
Demonstração.
Sejam m, n ∈ N+ tais que m ≥ n, então:
sm − sn = an+1 − (an+2 − an+3) − (an+4 − an+5) − · · · − (am−1 − am) ≤ an+1
Como limn→∞
sm = S, então 0 ≤ S − sn ≤ an+1.
Portanto, |S − sn| ≤ an+1 para todo n ∈ N+.
Exemplo 5.59.
Aproxime a série∞∑
n=1
(−1)n−1 1
n!pelos seus seis primeiros termos.
Solução.
O critério de Leibnitz diz que esta série converge, pois1
(n+ 1)!≤ 1
n!e lim
n→∞1
n!= 0.
A soma dos seus seis primeiros termos é:
s6 = 1 − 1
2+
1
6− 1
24+
1
120≈ 0, 63194
Pela Propriedade (5.26) temos:
|S − s6| = |R6| ≤ a7 =1
5.040≈ 0, 0002 ⇒ |S − 0, 63194| ≤ 0, 0002
De onde 0, 63174 ≤ S ≤ 0, 63214.
Portanto, 0, 63174 ≤∞∑
n=1
(−1)n−1 1
n!≤ 0, 63214.
Propriedade 5.27.
Se a série∞∑
n=1
|an| converge, então a série alternada∞∑
n=1
an também converge.
204 Cálculo Vetorial e Séries
Demonstração.
Por hipótese a série∞∑
n=1
|an| converge; pela propriedade do valor absoluto −|an| ≤ an ≤ |an|,
então 0 ≤ an ≤ |an| ≤ 2|an|. Logo 0 ≤ an + |an| ≤ 2|an|, ∀ n ∈ N+.
Podemos escrever 0 ≤∞∑
n=1
(an + |an|) ≤∞∑
n=1
2|an|. Como a série∞∑
n=1
2|an| é convergente, pelo
critério de comparação segue que∑
n = 1∞(an + |an|) também é convergente.
Porém∞∑
n=1
an =∞∑
n=1
[(an + |an|) − |an|] é soma de séries convergentes.
Portanto,∞∑
n=1
an é convergente.
Exemplo 5.60.
A série∞∑
n=1
(−1)n−1
npé convergente se p > 0 e, é divergente se p ≤ 0.
Para o caso p > 0, a seqüência { 1
np} é monótona decrescente e tende para zero.
Se p = 0, então1
np= 1 para todo n ∈ N+, e a série diverge. Se p < 0 é imediato que a série
diverge.
Exemplo 5.61.
A série∞∑
n=1
(−1)n−1
né convergente.
É claro que a seqüência { 1
n} é monótona decrescente e tende para zero. Conseqüentemente
esta série é convergente (embora não o seja absolutamente convergente).
Exemplo 5.62.
Determine quais das séries convergem ou divergem:
(a)∞∑
n=1
n
(−2)n−1(b)
∞∑
n=1
(−1)nn
Ln2n
Solução. (a)
Para aplicar o teste, note que, para n ≥ 1, tem-se1
2≤ n
n+ 1.
Isto implica que2n−1
2n≤ n
n+ 1de onde
n+ 1
2n≤ n
2n−1, então an+1 ≤ an.
Por outro lado, temos a calcular limn→∞
n
2n−1.
Aplicando a regra de L´Hospital , tem-se que:
limx→∞
x
2x−1= lim
x→∞1
2x−1Ln2= 0 ⇒ lim
n→∞n
2n−1= 0
Christian José Quintana Pinedo 205
Portanto, a série∞∑
n=1
n
(−2)n−1converge.
Solução. (b)
Pela regra de L´Hospital temos que: limn→∞
x
Ln2x= lim
n→∞11x
= ∞.
Portanto o critério para séries alternadas não se aplica; porém, aplicando o critério do n-ésimo
termo podemos concluir que a série diverge,
Observação 5.14.
A notação∞∑
n=1
an < +∞ significa que a série é convergente; e∞∑
n=1
an ≮ +∞ indica que a
série diverge.
Definição 5.6.
Dizemos que a série alternada∞∑
n=1
an é absolutamente convergente, se a série∞∑
n=1
|an| é con-
vergente.
Definição 5.7.
Uma a série alternada∞∑
n=1
an que é convergente, porém não absolutamente convergente, dize-
mos que ela é condicionalmente convergente.
Observação 5.15.
A Propriedade (5.27) estabelece que toda série absolutamente convergente é convergente. Não
obstante, uma série convergente pode não ser absolutamente convergente.
Exemplo 5.63.
(a) A série alternada∞∑
n=1
(−1n+1 1
né convergente, não obstante a série
∞∑
n=1
∣∣∣∣(−1n+1 1
n
∣∣∣∣=
∞∑
n=1
1
n, não é convergente.
(b) A série∞∑
n=1
(−1)n3
2né absolutamente convergente, pois a série
∞∑
n=1
∣∣∣∣(−1)n
3
2n
∣∣∣∣
=
∞∑
n=1
3
2né uma série geométrica de razão r =
1
3<.
Portanto, a série∞∑
n=1
(−1)n3
2né convergente.
Observação 5.16.
Para determinar a convergência ou divergência de uma série alternada, recomenda-se utilizar
o critério da razão.
206 Cálculo Vetorial e Séries
5.6.2 Sumário dos Critérios para Séries de Números.
Critério Série Converge Diverge Comentário
do n-ésimo termo
∞∑
n=1
an limn→∞
an 6= 0 O critério não pode serusado para provar con-vergência
da série geométrica
∞∑
n=1
arn |r| < 1 |r| ≥ 1 soma: S =
a
1 − r
para séries p
∞∑
n=1
1
npp > 1 p ≤ 1
Propriedade (5.5)∞∑
n=1
an
∞∑
n=1
(an + bn) se∞∑
n=1
bn < +∞
Propriedade (5.5)∞∑
n=1
an
∞∑
n=1
(an + bn) se∞∑
n=1
bn ≮ +∞
Propriedade (5.7)∞∑
n=1
an
∞∑
n=1
an < +∞ se∞∑
n=1
2n · a2n < +∞
para séries teles-cópicas
∞∑
n=1
(bn − bn+1) limn→∞
bn = L soma: S = b1 − L
de comparação
(an, bn > 0)
∞∑
n=1
an
se, 0 ≤ an ≤ bn
e∞∑
n=1
bn < +∞
se, 0 ≤ bn ≤ an
e∞∑
n=1
bn ≮ ∞
da integral (f con-tínua, positiva edecrescente)
∞∑
n=1
an
an = f(n) ≥ 0
∞∫
1
f(x)dx < +∞
∞∫
1
f(x)dx ≮ +∞
resto:
0 < RN <
∞∫
N
f(x)dx
dos limites da com-paração
(an, bn > 0)
∞∑
n=1
an
limn→∞
an
bn= L > 0
e∞∑
n=1
bn < +∞
limn→∞
an
bn= L > 0
e∞∑
n=1
bn ≮ +∞
∞∑
n=1
an < +∞ caso L =
0 e∞∑
n=1
bn < +∞
de Raabe∞∑
n=1
an k > 1 k < 1 k = limn→∞
n
[
1 −an+1
an
]
de D’Alembert’s ou
da razão
∞∑
n=1
an
limnto∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣< 1
absolutamente
limnto∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣> 1
inconclusivo se:
limn→∞
∣∣∣∣
an+1
an
∣∣∣∣= 1
de Cauchy ou da
raíz
∞∑
n=1
anlim
nto∞
n
√
|an| < 1
absolutamente
limnto∞
n
√
|an| > 1 inconclusivo se:
limnto∞
n
√
|an| = 1
de Leibnitz ou para
séries alternadas
∞∑
n=1
(−1)nan 0 < an+1 ≤ an
e limnto∞
an = 0Resto: |RN | ≤ aN+1
Christian José Quintana Pinedo 207
Exercícios 2-5
1. Determine quais das seguintes séries são convergente ou divergentes. Quias delas são ab-
solutamente convergentes?
1.∞∑
n=1
(−1)n−1 1
2n+ 12.
∞∑
n=1
(−1)n−1 1√n
3.∞∑
n=1
(−1)n−1 1
Lnn
4.∞∑
n=1
(−1)n−1 n
Lnn5.
∞∑
n=1
(−1)n−1 1
(2n− 1)!6.
∞∑
n=1
(−1)n−1 1
n2n
7.∞∑
n=1
(−1)n−1sen( 1
n
)
8.∞∑
n=1
(−1)n−1 1
n2 + n9.
∞∑
n=1
(−1)n−1 Lnn
n
10.∞∑
n=1
(−1)n−1 Lnn
n211.
∞∑
n=1
(−1)n−1 12.∞∑
n=1
(−1)n−1
2. A série 1 − 1
2+
2
3− 1
3+
2
4− 1
4+
2
5− 1
5+
2
6− 1
6+ · · · tem termos alternados positivos e
negativos e seu termo geral tende para zero. Entretanto é divergente. Porque não contradiz
a Propriedade (5.25)?
3.
Índice
Área de uma superfície, 31
Axioma
de Arquimedes, 114, 146
de completamento, 141
Bolzano, 148
Campo
conservativo, 65
gravitacional, 78
Campo vetorial, 63
Campos vetoriais
estacionários, 63
Cauchy, 150
Centro de massa
de um fio, 58
de um sólido, 42
de uma lâmina, 25
Cesaro, 132
Comprimento de um caminho, 58
Comprimento de uma linha, 52
Condição de Cauchy, 173
Coordenadas polares, 20
Cota
inferior, 113
superior, 113
Critério de confronto, 144
Curva fechada, 50
Curva parametrizada, 50
Curva regular, 51
D’Alembert’s, 194
Darboux, 5
Desigualdade de Bernoulli, 145
Difeomorfismo, 56
Divergente, 66
Dizimas periódicas, 164
Elementos da seqüência, 111
Espaço métrico, 128
completo, 128
Funções coordenadas, 49
Gradiente, 64
Guido Fubini, 9
Gustavo Jacob J., 1
Hélice cilíndrica, 59
Infimo, 113
L´Hospital, 204
Leibnitz, 201
Limite
ao infinito, 121
de uma seqüência, 121
unicidade, 126
Média
aritmética, 129
geométrica, 130
Massa
de um fio, 58
Massa total do fio, 53
Momento de inércia
de um fio, 58
Momentos de inércia
de um sólido, 42
de uma lâmina, 28
Mudança de variáveis, 17
Norma de uma partição, 2
209
210 Cálculo Vetorial e Séries
Partição de um conjunto, 2
Produto de Cauchy, 192
Propriedade de Cauchy, 174
Raabe, 184
Raio de giro, 30
Reagrupamento, 184
Região simplesmente conexa, 51
Regra de L’Hospital, 138
Riemann, 188
Rotacional, 66
Série
p, 168
absolutamente convergente, 189
alternada, 201
condicionalmente convergente, 190
de termos positivos, 178
geométrica, 166
harmônica, 167
Séries
infinitas, 165
Seqüência
constante, 112
contrativa, 131
convergente, 121
crescente, 114
de Cauchy, 127
decrescente, 115
limitada, 113
monótona, 115
Seqüência., 110
Somatórios, 156
Stolz, 132
Subseqüência, 117
ímpar, 117
par, 117
Supremo, 113
Telescópica, 156
Teorema
de Bolzano - Weirstrass, 148
do sanduíche, 144
Teorema fundamental do cálculo, 76
Trajetória, 49
Trajetória de integração, 51
Trajetória diferenciável, 50
Trajetórias opostas, 72
Valor promédio, 25
Vetor velocidade, 50
Weirstrass, 148