Volume - Determinante | Pré-vestibular · Resistência do ar H20 Física 50 Tipos e métodos de...

CiênCias da natureza e suas

teCnologias

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2013

2014

1

CiênCias da natureza e suas teCnologias

resoluções

Resolva Enem II

01.

A) Falso – o texto não afirma que antes dos 30 anos o sistema nervoso está livre de qualquer limitação fisiológica.

B) Falso – o texto afirma que a redução do peso do cérebro influencia atividades intelectuais e motoras.

C) Verdadeiro – o processo de alteração vascular tem relação com a redução da oxigenação dos neurônios, visto que ocorre um processo de aterosclerose com o envelhecimento.

D) Falso – o texto não afirma que a mudança de humor é consequência de uma hiperatividade neuronal típica da terceira idade.

E) Falso – o texto afirma que a memória para fatos recentes diminui, mas não garante que não haja alteração da memória de fatos passados.

Resposta correta: Item C

02. A corrente não deve ultrapassar 0,2 A, de maneira que seja a maior possível. Encontramos isso no circuito IV.

ε = ⋅= ⋅

⇒ = ⇒ =∑∑ R i

ii i A

100 600

1

60 1667,

Resposta correta: Item D

03. Para a solução de glicose, notamos que 0,5 mol de glicose elevou a temperatura de ebulição em 0,26 ºC (Dt

E = 0,26 ºC)

e diminuiu a temperatura de congelamento em 0,93 ºC (Dt

C = 0,93 ºC).

No NaCl temos:

NaCl0,5 mol

NaCl0,5 mol

1,0 mol1444442444443

+Cl0,5 mol

No Al2(SO

4)3 temos:

Al2(SO

4)3

0,5 mol

2 Al3+

1,0 mol

2,5 mol1444442444443

+1,5 mol3SO2–

4

Assim, concluímos que:

Número de mol de partículas do soluto

(kg de água)TE (ºCE) DtE (ºC) TF (ºC) DtC (ºC)

NaCl 1,0 100,52 0,52 –1,86 1,86

Al2(SO

4)3

2,5 101,30 1,30 –4,65 4,65


04.A) Falso – o texto não afirma que a diabetes não dependente de

insulina traz menos consequências clínicas que a dependente de insulina.

B) Falso – é justamente o contrário, a obesidade tem relação direta com a redução dos receptores de insulina típico da diabetes do adulto.

C) Falso – na diabetes não insulinodependente a hiperglicemia está diretamente relacionada ao agravamento da doença.

D) Verdadeiro – o risco cardiovascular da diabetes do adulto tem associação com a elevação plasmática do LDL.

E) Falso – muita sede e produção excessiva de urina são sinais típicos da diabetes não insulinodependente e da insulinodependente.


05. Se R$ 0,50 por Kwh

Diferença de consumo: 15 Kwh/mês

Diferença de custo: (1.825,00 – 1.600,00) = R$225,00

Como:R$0,50 1Kwh

R$225,00 EE = 450Kwh

Portanto:15Kwh 1mês

450Kwh DtDt = 30 meses


06. Neste caso a espécie adequada para essa recuperação deve apresentar o potencial de redução menor do que os íons prata na forma de Ag(S

2O

3)2

3– (+0,02 V) Logo, temos três opções:

Al3+(aq)

+ 3e– Al(s) + 2S

2O

32–

(aq) (redução) –1,66

Sn2+(aq)

+ 2e– Sn(S)

–0,14

Zn2+(aq)

+ 2e– Zn(S)

ou seja,

Ag S O S O redu o

X s X aq

( ) (aq) e Ag(s) (aq) ( )

( ) ( ) e

2 3 23

2 322− − −

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+ → +

→ +

çã−−

− − −+ → +

( )

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( ) (aq) e Ag(s) (aq) (

oxida o

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Ag S O S O

çã

ã

2 2 2 42 3 23

2 32 rredu o

Sn s Sn aq oxida o

çã

çã

)

( ) ( ) e ( )→ ++ −2 2

Conclusão: das espécies apresentadas, a adequada para essa recuperação é Sn

(S)


07.A) Falso – o câncer mais incidente de todos os listados afeta o

sistema reprodutor masculino.B) Falso – o câncer de menor incidência se origina em células

do tecido epitelial.C) Falso – os tumores malignos com menos de vinte mil casos

afetam estruturas do sistema digestório, como a boca e o esôfago.

D) Falso – o segundo tumor mais comum exclusivo de mulheres possui relação com uma infecção viral pelo HPV.

E) Verdadeiro – os tumores que afetam a medula óssea vermelha (leucemias) são menos incidentes que os respiratórios (traqueia, brônquio e pulmão).

Resposta correta: Item E

08. I. Verdadeiro.II. Falso, se propaga por condução.III. Verdadeiro, através de ondas de calor.IV. Falso, a propagação ocorre por convecção.

Resposta correta: Item B

2


resoluções

Resolva Enem II

09. A insuficiência renal tem sua origem na lesão dos nefros (néfrons), estruturas que são a unidade morfofisiológica dos rins. Com a destruição de mais da metade dos néfrons do organismo, ocorrerá o desenvolvimento dessa patologia, limitando a excreção de resíduos pelo corpo.

Resposta correta: Item A

10. A camada central de eletrólito polimérico é importante porque permite a difusão dos íons promovida pela aplicação de diferença de potencial, fechando o circuito elétrico:Polipirrol Pp

nion proveniente do sal A

Pp Pp e oxida o

Pp

=

=

→ +

−

+ −

Â

çã( )++ − + −

+ − − −

+ →

+ → +

A Pp A

Pp A e Pp A redu o( )çã


11. Para o H2

1 mol H2 = 2 g → 270 kJ

x ← 5400 kJ 40 g de H

2

1 mol CH4 = 16 g → 900 kJ

x ← 5400 kJ 96 g de CH

4

1 mol CH2H

5OH = 46 g → 1350 kJ

x ← 5400 kJ 184 g de C

2H

5OH

O H2 é o mais econômico, pois para produzir 5400 kJ só

consumiu 40 g.


12.A) Falso. A liberação de histamina é realizada por mastócitos

e basófilos e não pelos linfócitos T CD8.B) Falso. Linfócitos T CD8 secretam granulisinas, granzimas e

perforinas sobre a célula infectada.C) Falso. Uma célula infectada e não uma enxertada é que está

apresentando antígenos para o LTCD8.D) Verdadeiro. O envoltório de fosfolipídios ou membrana

plasmática está sendo degradado pelas enzimas do LTCD8.E) Falsa. As prostaglandinas são mediadores químicos da

inflamação que faz parte da segunda linha de defesa e não da terceira como mostra a imagem.


13. Como o barril II encontra-se fechado, a pressão de gás oxigênio no mesmo será baixa, e dessa forma, a glicose não será totalmente oxidada pela respiração celular aeróbica. Isto garante matéria orgânica para que o microrganismo anaeróbio facultativo realize, nessas condições, fermentação alcoólica, produzindo assim o etanol, que representa a matéria prima para a fabricação de cerveja.


14. Alternativa A (incorreta) – os xampus têm uma extremidade em sua molécula do tensoativo capaz de interagir com a água e a outra extremidade capaz de interagir com a sujeira.

Alternativa B (incorreta) – a sujeira n tem afinidade com água, logo é apolar.

Alternativa C (incorreta) – o condicionador retira parte do xampu que ainda pode ficar no cabelo.

Alternativa D (correto) – porque o condicionador vai reparar as consequências deixadas pelo xampu.

Alternativa E (incorreto) – a água é polar e a sujeira é apolar.


15. A dúvida irá permanecer em relação da paternidade biológica de Ezequiel, pois sendo pertencente ao grupo A Rh– ele poderia ser filho do casal Bentinho (O Rh–) e Capitu (AB Rh+) ou filho de Escobar (A ou AB, RH+ ou Rh–) e Capitu (AB Rh+).


16. O vacúolo de suco celular (número 5) possui soluções salinas concentradas, além de acumular açúcares, ácidos orgânicos e aminoácidos, sendo, por isso, capazes de absorverem água por osmose através de seu tonoplasto, aumentando seu volume e a pressão de turgor da célula vegetal. A estruturas de números 1, 2, 3 e 4 são respectivamente a parede celular, o retículo endoplasmático granuloso, o complexo golgiense e o cloroplasto, estruturas não associadas ao controle osmótico nas células vegetais.


17. Desprezando os efeitos do ar e orientando a trajetória para cima, a aceleração do Super-homem é a = – g.

O gráfico da velocidade em função do tempo até o ponto mais alto está dado abaixo.

A área hachurada é numericamente igual a ao espaço percorrido pelo super-homem, no caso, a altura H. Assim:

H =”Área” = v

2.

Mas v

2 é a velocidade média, vm.

Então: H = vm t.

A equação da velocidade na subida é: v’ = v – g t. Como no ponto mais alto a velocidade se anula,

temos:

0 = v – g t ⇒ tv

g= . .

Assim:

H = vm t ⇒ H = v

m

v

g.

Ou seja, a altura atingida é proporcional à sua velocidade média multiplicada pelo tempo que ele permanece no ar, e esse tempo também da sua velocidade inicial.Finalizando:

H = v v

g2

⇒ v2 = 2 g H.


3


resoluções

Resolva Enem II

18. Dados: V = 1.200 L; h = 30 m; L = 200 m. Seguindo as instruções do fabricante, entremos com os dados

na tabela para obtermos o valor de H.

L= Comprimento total da tubulação (em metro), da bomba até o reservatório

10 20 40 60 80 100 125 150 175 200 225 250 300

H = Altura manométrica total, em metro.

108765 11 13 14 16 18 20 22 24 28

10 11 12 13 15 16 18 19 21 23 25 27 29 33

15 17 18 20 21 23 24 26 28 30 32 34 38

20 22 23 25 26 28 29 31 33 35 37 39 43

25 28 30 31 33 34 36 38 40 42 44 48

30 33 35 36 38 39 41 43 45 47 50 50

35 38 40 41 43 44 46 48 50 50

40 43 45 46 50 50 50 50

50 50 50h=

Altu

ra (e

m m

etro

) da

entr

ada

da á

gua

nabo

mba

até

o r

eser

vató

rio

Como mostrado, obtemos H = 45 m. Analisando o gráfico dado, temos os valores mostrados: H =

45 m ⇒ Q = 900 L/h.

GRÁFICO DE DESEMPENHO50

4045

30

20

10

0800

900

1200

Q = Vazão (litro/hora)

1600 2000

H =

Altu

ra m

anom

étric

a

Calculando o tempo para encher o reservatório:

QV

t tt h= ⇒ = ⇒ = =900

1 200 1 200

900

4

3

. . ⇒

t = 80 min = 1 h e 20 min


19. É bom saber que: • Frequência alta ⇒ agudo• Frequência baixa ⇒ grave

12

3

• No caso II – V(Relativa) é de afastamento, portanto, por efeito Doppler temos uma frequência menor (som grave).

• No caso IV – V(Relativa) é de aproximação, portanto, por efeito Doppler temos um frequência maior (som agudo).

Como:

Fonte

r

r

VIV

VII

I


20. O texto refere-se a uma eletrólise (decompor a água se fosse salgada ou acidulada, usando a pilha de Daniell como fonte de força). Este método é utilizado industrialmente na obtenção de alumínio a partir da bauxita.

A alumina (Al2O

3) é obtida a partir da bauxita:

A O H O s A O s H O vl l2 3 2 2 3 25 5. ( ) ( ) ( ).∆ → +

Equacionamento da eletrólise ígnea da alumina (Al2O

3) que faz

parte do processo de obtenção do alumínio na indústria:

2A O (s) 4A ( ) + 6O ( )

6O ( ) 3O (g) + 1

2 33+ 2-

2-2

l l l l

l

∆ →

→ 22e ( nodo; redu o) (-)

4A ( ) + 12e 4A ( ) (C t

-

3+ -

Â çã

ál l l l→ oodo; redu o) (+)

2A O (s) 3O (g) + 4A ( )2 3Global

2

çã

l l l →


21.A) Incorreta. Pelo fato de ter divergido há mais tempo do

ancestral comum, o grupo dos lêmures é o mais antigo.B) Incorreta. Os chimpanzés possuem maior proximidade

filogenética com os humanos do que com os gorilas.C) Incorreta. Os gorilas compartilham um ancestral comum

mais recente com o grupo formado por chimpanzés e seres humanos, e não com os gibões.

D) Incorreta. Embora compartilhem um ancestral comum, os gorilas não são ancestrais dos chimpanzés nem dos seres humanos.

E) Correta. De acordo com a árvore filogenética, os dois grupos apresentam um ancestral comum mais recente.


22. Como os ângulos de incidência e refração são definidos no intervalo de 0° a 90°, o menor ângulo tem menor seno. Sendo fixo e não nulo o ângulo de incidência, apliquemos a lei de Snell às duas situações, gasolina não adulterada e gasolina adulterada.

seni

senr

seni

senr

seni

senr

senr

seni1

2

1

21 4

1 9

1=

=

÷ ⇒

× =,

,

,,

,,

,

4

1 90 74

0 742 1

2 1 2 1

= ⇒

= ⇒

< ⇒ <

sen r senr

senr senr r r

Portanto o raio refratado no caso da gasolina adulterada é menor do que para a gasolina não adulterada. Isso significa que o raio refratado aproximou-se da normal à superfície de separação.


23. Ao fazermos um corte superficial no ramo, removemos o floema que por ser mais externo, encontra-se aderido à casca. Dessa forma, bloqueamos o fluxo de seiva elaborada para o caule, promovendo assim, um acúmulo de matéria orgânica no ramo, aumentando o peso de suas folhas.


24. Um transformador de tensão só modifica o valor da tensão se a corrente que o atravessa for uma corrente alternada, pois é necessário uma variação no fluxo magnético e só a corrente alternada pode fazer isso.


4


resoluções

Resolva Enem II

25. Essa cela de combustível não é poluente, porque pode ser construída em materiais não poluentes, ela não usa cádmio ou mercúrio; além disso, todos os participantes das reações e o produto delas é a água, o que não acarreta problemas ambientais.

O compartimento onde ocorre a oxidação (polo negativo), teremos o H

2 sofrendo oxidação para íons H+, portanto, esse

compartimento deve ser alimentado com hidrogênio.Montando a equação global, teremos:Ânodo: 2H

2 → 4H+ + 4e–

Cátodo: O2 + 4H+ + 4e– → 2H

2O

Global: 2H2 + O

2 → 2H

2O

Relação em massa

= = = =2

1

2 2

1 32

4

32

1

82

2

2

2

molsH

molO

gH

gO

,

,

Massahidrogênio

Massaoxigênio


26. A toxina botulínica inibe a liberação de vesículas (X) de acetilcolina na fenda sináptica (Y) da placa motora, levando a uma diminuição da contração muscular no sarcômero (Z). Esta propriedade a torna útil, clínica e terapeuticamente, em uma série de condições nas quais exista problemas oriundos do excesso de contração muscular, como, no caso, das rugas de expressão da pele, originárias do próprio processo de envelhecimento cutâneo.


27.

B A

L3

i

L1

L4

L2

V

i

2

i

2

Potência P/ antes e depois:

P Ri

P Ri

PR i

D

D

D

= ⋅

= ⋅

= ⋅

22

24

2

2

2

2

Com todas as lâmpadas brilhando, temos:

ε∑ ∑= ⋅

= ⋅ ⇒ =

R i

V R i iV

R

Mas se L1 queimar, temos:

ε∑ ∑= ⋅

= ⋅ ⇒ =

R i

V R i iV

R2

2

A corrente enviada pela bateria cai pela metade, mas o brilho de L

3 e L

4 é o mesmo, já a corrente que passa por elas é a mesma.

A potência últil (P = U ⋅ i) da bateria cai pela metade.


28. Como podemos observar trata-se um típico caso de seleção direcional de bactérias, em que inicialmente, houve um uso incorreto do antibiótico A, possivelmente o paciente deixou de usar a droga antes do prazo determinado pelo médico, o que levou a seleção das bactérias resistentes no corpo do indivíduo, passando a ter no seu organismo mais bactérias resistentes do que sensíveis ao antibiótico A. Dessa forma, os médicos resolveram dar-lhe a combinação de três antibióticos: A, B e C, para aumentar a eficiência da terapia medicamentosa, pois caso uma bactéria fosse resistente a uma das drogas possivelmente não seria a outra, curando-o assim da infecção.


29. Quando velocidade e aceleração possuem o mesmo sinal, o movimento é acelerado.

Quando velocidade e aceleração possuem sinais opostos, o movimento é retardado.

Entre t2 e t

3, o taxista freia, velocidade positiva e aceleração

negativa.

Entre t4 e t

5, o taxista acelera, velocidade e aceleração negativa.


30. A radiação ionizante, como o próprio nome diz, ioniza átomos e moléculas, arrancando deles um ou mais elétrons. É necessário que a radiação tenha energia suficiente para arrancar ao menos um elétron de um átomo (molécula). Quanto menor o comprimento de onda da onda incidente, maior a sua energia e a sua penetração nos meios materiais. Essas ondas devem interagir com os elétrons e, portanto, devem ter uma natureza eletromagnética. Sua ação acontece apenas enquanto são aplicadas. No caso dos alimentos, doses rigorosamente controladas provocam a morte de microrganismos que os deterioram, sem afetar a estrutura do alimento. No tratamento médico, procura-se aplicar a radiação apenas na área afetada pela doença, matando as células infectadas.I. Correta. De fato, a radiação ionizante pode atravessar o

alimento, retirar elétrons dos átomos e moléculas que o constituem.

II. Incorreta. As micro-ondas e os raios infravermelho e ultravioletas têm comprimento de onda grandes demais para produzirem um efeito ionizante.

III. Correta. As fontes radioativas utilizadas na conservação de alimentos são de mesma natureza das utilizadas para fins terapêuticos (radioterapia).

IV. Incorreta. Os efeitos radioativos usados na conservação de alimentos têm um tempo de duração muito curto, cessando quase imediatamente após sua aplicação.


5


resoluções

Resolva Enem II

31.A) Item falso. O desmatamento e a queimada das florestas

são bastante relevantes para a ocorrência desse processo, associado a queima de combustíveis fósseis.

B) Item falso. Como podemos observar na tabela o principal gás responsável é o CO2.

C) Item falso. O aumento da intensidade desse fenômeno tem como consequência o derretimento das calotas polares e aumento do nível dos oceanos.

D) Item falso. O fenômeno em questão é o aquecimento global.E) Item verdadeiro. O reflorestamento representa um

procedimento que ameniza o aquecimento global, pois as plantas para crescerem sequestram carbono do meio, reduzindo a concentração do gás carbônico na atmosfera.


32. A questão aborda o tema Magnificação trófica que representa um fenômeno que ocorre quando há acúmulo progressivamente maior de uma substância não- biodegradável, de um nível trófico para outro ao longo da cadeia alimentar por causa da redução da biomassa. Desse modo os consumidores, principalmente os últimos (peixes carnívoros e garças), apresentam maior concentração dos produtos não-biodegradáveis em relação aos produtores. Os seres dos últimos níveis acabam concentrando mais essa substância, por apresentarem uma menor biomassa em relação aos níveis tróficos inferiores. Esse fenômeno também é conhecido como biomagnificação ou amplificação biológica.

Obs: Fitoplâncton → zooplâncton → peixes herbívoros → peixes → carnívoros → garças


33. No início da queda, a única força atuante sobre o paraquedista (homem + paraquedas) é apenas o peso [para baixo (+)]. À medida que acelera, aumenta a força de resistência do ar, até que a resultante se anula, quando é atingida a velocidade limite. No instante (TA) em que o paraquedas é aberto, a força de resistência do ar aumenta abruptamente, ficando mais intensa que o peso, invertendo o sentido da resultante [para cima (–)]. O movimento passa a ser retardado até ser atingida a nova velocidade limite, quando a resultante volta a ser nula.


34. No texto foi mencionado que este polímero apresenta vantagens em relação aos polímeros petroquímicos por ser biocompatível e biodegradável.

A sua estrutura representada a seguir, apresenta grupos: amina e álcool.

C

CO

n

O

OO

H

HH

H

HH

HO

HOH2C

NH2

CH2OH

NH2

HH

H

H

HO

amina

álcool

Quitosana


35. Como o módulo da velocidade é constante, só temos aceleração

centrípeta: aV

Rc = 2 .

Note que a aceleração é inversamente proporcional ao raio, vem:

Como RA < R

C → a

A > a

C > a

B = 0.


36. A) Hidrocarbonetos não queimados são fonte de poluição.B) A estabilidade térmica é alcançada pelas duas fontes de

hidrogênio.C) A queima do carvão é responsável pela emissão de gases

causadores do efeito estufa e, por isso, não é considerada uma boa fonte de hidrogênios.

D) Os carboidratos são compostos por dois átomos de H em cada molécula: (CH

2O)n. Por isso, constituem uma boa

fonte de hidrogênio. Além disso, podem gerar carbono como subproduto, que passa a ser fixado pelos vegetais na próxima safra, não prejudicando, assim, a atmosfera.

E) Hidrocarbonetos também podem estar ligados por ligações duplas e triplas.


37. O pH é menor conforme seja maior a concentração de íons H+. Assim, uma queda brusca de pH indica um aumento na concentração de H+.


38. A partir da injeção de glicose marcada com esse nuclídeo, o tempo de aquisição de uma imagem de tomografia é cinco meias-vidas.

1 00 0 500 0 250 0 12520 4 20 4 20 4, , , ,, min , min , ming g g → → → gg

g g gmg

0 125 0 0625 0 0312520 4 20 4

312531

, , ,, min , min

,,

→ →

≈ 33 mg

1 24 34


39. Teremos:

CombustívelPoder

calorifico (kJ/g)

Densidade Poder calorifico (kJ/g)

Hidrogênio 140 8,2 · 10–2 140 ⋅ 8,25 ⋅ 10–2 = 1.148 ⋅ 10–2 = 11,48

Propano 50 1,8 50 ⋅ 1,8 = 90

Gasolina 45 750 45 ⋅ 750 = 33.750

Etanol 30 790 30 ⋅ 790 = 23.700

Por causa de sua baixa densidade, o poder calorífico do hidrogênio, medido em kJ por litro, é muito baixo.


40. m = 1,5 kgV = 500cm³Como:

ρ ρ= ⇒ = ⋅

= ⋅==

m

Vm v

mm g

m kg

1 500500

0 5,

6


resoluções

Resolva Enem II

0

N

Rempuxo

+ PL = N

Temos:Medida da balançaReação = m

1 + m

líq, deslocado

R = 1,5 kg + 0,5 kg

R = 2,0kg


41. Considerando o sistema termicamente isolado, temos:Q Q m c m c

m

gua gua quente gua fria gua

Que

á á á á1 2 0 30 70 30 25+ = ⇒ −( ) + −( ) ⇒

nnte

fria

Quente

friam

m

m= = ⇒ =5

40

1

80 125, .


42. A maior eficiência teórica da conversão calor em trabalho é dada por:

η η

η η

= − ⇒ = − ++

= − = − ⇒ =

1 127 273

1227 273

1300

15001 0 2 0 8

T

Tm x

min ( )

( )

, ,

á

00

A eficiência da usina vale:

η η η( sin ) ( sin ),

,u a u a= = ⇒ =2

0 80

20 40

A potência gerada vale:

PotQ

t

J

sPot W= = ⋅ ⋅ ⇒ = ⋅

∆7200 5 0 10

36001 0 10

78, ( )

,

Portanto, a potência gerada pela usina é igual a:Pot PotPot W

Pot

(usina) (usina)

(usina)

(usina)

= ⋅= ⋅ ⋅

η0 40 1 0 1018, ,

== ⋅4 0 107, W


43.A) Item falso. Pela leitura dos infográficos, percebe-se que os danos

à fisionomia original da Amazônia são no mínimo de 40%.B) Item falso. Os danos sofridos pela floresta Amazônica com

aumento de 3°C é um pouco menos que o dobro de quando a temperatura global aumentar 3°C.

C) Item verdadeiro. Cerca de 25% da floresta Amazônica será preservado se o aumento na temperatura global for de 3°C.

D) Item falso. Com aumento de 4°C na temperatura global, apenas 15% da floresta Amazônica serão preservados.

E) Item falso. Os dados contidos no texto e nos infográficos referem- se apenas à floresta Amazônica, e não a todas as áreas florestais terrestres.


44. Podemos dizer que quanto maior o volume de esgotos lançados a um determinado rio, maior será o consumo de oxigênio provocado neste. Isto é, quanto maior for a concentração matéria orgânica no meio, maior será a proliferação de bactérias aeróbicas, maior a atividade total de respiração celular aeróbica e maior, por conseguinte, a demanda de oxigênio local. Mas como essa demanda é provocada sempre por intermédio de uma atividade biológica ou bioquímica - atividade bacteriana - fala-se em Demanda Bioquímica de Oxigênio (DBO), a qual é proporcional à concentração de matérias orgânicas assimiláveis por bactérias aeróbicas. Define-se DBO como a quantidade de oxigênio absorvida por um volume de água em 5 dias na temperatura de 20ºC. Os esgotos, ricos em matéria orgânica, aumentam a eutrofização de reservatórios aquáticos, caso sejam despejados nos mesmos, provocam forte redução no teor de oxigênio dissolvido e, consequentemente, morte de aeróbios (bactérias aeróbicas, peixes, moluscos e crustáceos) e substituição desses por microrganismos anaeróbicos, que liberam gases com odores desagradáveis na água.


45. Quando se fecha a chave, surge um campo elétrico ao longo de todo o fio, fazendo com que as cargas comecem a se deslocar, formando a corrente elétrica.


46. Cálculo da massa de glicose (hexose)m

glicose = 6 ⋅ 106 ⋅ 106 g (biomassa) ⋅ 0,60 ⋅ 0,60 = 2,16 ⋅ 1012 g

Fermentação da glicose:1C

6H

12O

6 → 2CO

2 + 2C

2H

6O

metanol

= 0,9936 ⋅ 1012 g

180 g (glicose) 2 ⋅ 46 g ⋅ 0,90 (etanol)

2,16 ⋅ 1012 g (glicose) metanol

800 g (etanol)

0.9936 ⋅ 1012 g (etanol)

V = 1242 ⋅ 106 L

1 L

V


47. Teremos:

CaO H O Ca OH

g g gm m kgm

s aq

CaO H O

CaO

( ) ( ) ( )( )

,,

+

×=

2 2

56 18 7450 0 17

62

l

4432 07

1 12 07

2

2

2

2

2

2

kgm kg

kg H O Lkg H O V

V

H O

H O

H O

=

=

,

( ), ( )

,

( )

( ) ( )

( )

l

l

007 L


48. As faltas dos corredores reduzem a biodiversidade, por limitar o fluxo de organismos de uma área à outra. Os corredores aumentam o fluxo gênico e os ciclos biológicos das espécies. As espécies desses corredores são sensíveis a ambientes alterados. Esses corredores não evitam a extinção das espécies somente pelo fato de garantirem o processo de reprodução local, pois só por este motivo, não são suficientes para manutenção de uma dada espécie numa comunidade.

7


resoluções

Resolva Enem II

A onça-pintada, o lobo-guará, a ema e o veado-campeiro são espécies típicas desse bioma denominado de cerrado.


49. As marés negras originam grandes catástrofes ecológicas, promovendo grandes desequilíbrios a fauna e flora marinha.

Os hidrocarbonetos petrolíferos são insolúveis na água e menos densos que esta, formando, em consequência destas propriedades, uma película extremamente delgada, monomolecular, à superfície da água, o que origina grandes manchas de petróleo que alastram rapidamente.

As consequências das marés negras são extremamente diversificadas e graves: a película opaca que se forma à superfície da água impede a entrada de luz nos oceanos e limita as trocas gasosas, originando uma forte redução da taxa de fotossíntese, assim como a asfixia de vários animais aquáticos, devido à diminuição da quantidade de oxigênio dissolvido nas águas, o que acarreta ainda o incremento das populações de bactérias anaeróbias. Além disso o petróleo adere às brânquias dos peixes, intensificando nesses o processo de asfixia. A capacidade de autodepuração das águas é também fortemente reduzida, havendo ainda interferências várias no ciclo da água e no regime de precipitações, já que as trocas de água entre os oceanos e a atmosfera são impedidas pela película de petróleo. As aves marinhas são extremamente afetadas pelas marés negras, não apenas devido à libertação de gases tóxicos, como os benzenos e o tolueno, mas também pelo fato de os hidrocarbonetos dissolverem a camada de óleo que torna as suas penas impermeáveis, tal como acontece com os pelos de alguns mamíferos marinhos (focas, por exemplo), fazendo com que esses anexos da pele fiquem encharcados pela água, eliminando assim o colchão de ar entre penas e pelos, levando a perda da capacidade de isolamento térmico, ocasionando assim hipotermia e morte dos mesmos. A ingestão de petróleo é também extremamente tóxica ocorrendo, por exemplo, quando as aves mergulham para pescar ou limpam as penas com o bico, já que o petróleo adere às penas tornando-as pesadas demais para voar ou nadari afogando-se.

As áreas costeiras afetadas pelos derrames ficam, geralmente, estéreis durante vários anos, não apresentando qualquer manifestação de vida, à exceção de algumas bactérias devoradoras de hidrocarbonetos, em consequência da impregnação dos solos com compostos tóxicos. O impacto de um derrame petrolífero pode prolongar-se bastante no tempo, já que os hidrocarbonetos policíclicos aromáticos são solúveis nas gorduras, sendo, por isso mesmo, fixados pelos seres vivos, nos quais atuam como agentes cancerígenos, a médio e longo prazo.

Os mecanismos de degradação do petróleo são ainda relativamente desconhecidos o que faz com que o combate aos derrames seja pouco eficaz: ocorre alguma degradação natural, devido a fenômenos de oxidação e evaporação, existindo também alguma degradação por digestão bacteriana (produto de engenharia genética). O uso de detergentes, para o combate aos derrames, foi quase abandonado, uma vez que se revelaram ainda mais prejudiciais que os próprios hidrocarbonetos para a fauna e para a flora. A utilização de barreiras flutuantes e de navios aspiradores são soluções não totalmente eficazes, já que as primeiras não são eficazes quando existe grande turbulência oceânica e os segundos não conseguem ser eficazes quando os derrames são muito grandes. O único remédio efetivo, neste momento, é mesmo a prevenção, desenvolvendo métodos de transporte seguros e evitando as fugas durante as perfurações.


50. Teremos:Q i t A s C

A aq e A s

C g

= × = × × = ×

+ →××

+ −

1 0 3 3600 3 3600

3

3 96500 27

3 3

3

,

( ) ( )l l

6600

1 00725 1 0

C m

m g gA

A

l

l = ≈, ,


51. Dados: v = 104 m/sf = 1011 Hzv f

v

f

m m nm

=

= = =

= ⋅ ⇒ =

−

−

λ

λ 10

1010

100 10 100

4

117

9

Como d = l ⇒ d = 100 nm.


52. Para a dilatação volumétrica, temos:DV = V

0 · γ · Dθ

Dh · Sbase do tanque

= h0 · S

base do tanque · γ · Dθ

Dh · h0 · γ · Dθ

Substituindo-se os dados do enunciado:Dh = 20 · 20 · 10–4 · 4∴ Dh = 1,6 · 10–2 m ou 1,6 cm


53.A) Item falso. O elemento radioativo associado ao câncer de

tireoide é o iodo-131.B) Item falso. Não relação entre o ciclo do elemento radioativo

fósforo e o iodo-131. C) Item verdadeiro. O estrôncio-90 por ser quimicamente

semelhante ao cálcio realiza um ciclo similar ao mesmo na natureza, sendo obtido através da alimentação, acumula-se nos ossos, levando a osteossarcomas (câncer nos ossos) e leucemia.

D) Item falso. O plutônio é extremamente perigoso, estando associado a tumores nos pulmões, no fígado e danos nos ossos, se é ingerido ou inspirado. Para se ter uma ideia do seu poder destrutivo, um quilo de plutônio seria suficiente para matar 60 milhões de pessoas.

E) Baixos níveis no organismo de césio-137, estrôncio-90, iodo-131 e plutônio-238 são suficientes para causar danos à saúde.


8


resoluções

Resolva Enem II

54.A) Errado. A presença de OH– caracteriza uma pilha alcalina.

B) Errado. O ânodo (oxidação) é constituído pelo Zn(s).

C) Errado. O Zn sofre oxidação (agente redutor).

D) Correto.E) Errado. O fluxo de elétrons é do ânodo (Zn) para o cátodo

(Ag2O).

Zn(s) + 2OH–(aq)

→ ZnO(S)

+ H2O

(l) + 2e–

Ag2O(s) + H2O

(l) + 2e– → Ag

(s) + 2OH–

(aq)


55. O circuito está representado abaixo.A

BU = 10 V C

470 Ω

100 Ω 120 Ω

470 Ω

A

i2

i2

Considerando o voltímetro ideal, temos:

U R ii i A

i

== +( ) ⇒ = =

= +( ) ⇒

10

10

470 10010

570

1

57

470 120

1 1

1

.

ii A

V V

V V

A B

A C

2

10

590

1

59

4701

57

4701

59

= =

− = ⋅

− = ⋅

⇒

.

V

− + = − ⋅

− = ⋅

⇒

⇒ − = −

V V

V V

V

A B

A C

B C

4701

57

4701

59

470

59

470

5770 28

0 3

≅ − ⇒

− ≅ −

,

, .

V

V V VB C


56. Dados: massa de água → m = 1 kg; variação de temperatura

→ DT = 80 – 30 = 50 ºC; Tensão elétrica → U = 100 V; calor

específico da água → c = 4,2⋅103 J/kg ⋅ ºC e variação de tempo

→ DT = 10 min = 600 s.

Testemos cada uma das afirmações.

I. Correta.

Q = mcDT = 1(4,2⋅103)(50) ⇒ Q = 2,1 ⋅ 105 J

II. Errada.

P

Q

tW= = ⋅ =

∆2 1 10

600350

5,

III. Correta.

P

U

RR

U

P= ⇒ = = =

2 2 2100

35028 6, Ω


57. Item A falso, pois a Giardia lamblia é um protozoário flagelado responsável pelos seguintes sintomas no hospedeiro: dores abdominais, irritabilidade, anorexia, emagrecimento, náuseas, azia, esteatorreia (eliminação de gorduras nas fezes), dificuldades visuais devido à carência de vitamina A e hipovitaminose lipossolúvel em geral.

Item B falso, pois o Ascaris lumbricoides é um verme nematódeo que apresenta ciclo pulmonar, provocando neste órgão lesões que podem causar manifestações respiratórias, além de febre e eosinofilia (Síndrome de Loefller); nos pulmões, as larvas desenvolvidas migram até a orofaringe sendo em seguida deglutidas.

Item C verdadeiro, pois se os ovos da tênia Hymenolepis nana forem ingeridos por carunchos de cereais, pulgas (principalmente de roedores) em seu estado larvar e outros insetos, a oncosfera é liberada na cavidade geral do inseto e se transforma em larvas cisticercóides, que ao serem ingeridos acidentalmente, são infectantes para os seres humanos e também para os roedores.

Item D falso, pois a Enterobiose ou Oxiurose é o nome da infestação por oxiúros (Enterobius vermicularis), que são vermes nematódeos com menos de 15 mm de comprimento. Os ovos desses parasitas ao serem ineridos sofrem a ação do suco gástrico e duodenal, libertando as larvas que se dirigem ao ceco, onde se fixam e evoluem até o estágio adulto. A duração do ciclo é em média de 30 a 50 dias. O sintoma característico da enterobíase é o prurido anal, que se exacerba no período noturno devido à movimentação do parasita pelo calor do leito, produzindo um quadro de irritabilidade e insônia. Em relação às manifestações digestivas, a maioria dos pacientes apresenta náuseas, vômitos, dores abdominais em cólica, tenesmo e, mais raramente, evacuações com perda de sangue. Nas mulheres, o verme pode migrar da região anal para a genital, ocasionando prurido vulvar, corrimento vaginal, eventualmente infecção do trato urinário, e até excitação sexual. Existem relatos de localização ectópica da patologia levando a quadros de apendicites, salpingites, granulomas peritoneais e perianais, doença inflamatória pélvica.

Item E falso. A estrongiloidíase ou estrongiloidose é uma infecção intestinal causada pelo parasita nematódeo Strongyloides stercoralis. Ao contrário de outros parasitas, estes nemátodes podem viver indefinidamente no solo como formas livres.


58. A doença meningocócica é uma infecção bacteriana aguda, rapidamente fatal, causada pela Neisseria meningitidis. Esta bactéria pode causar inflamação nas membranas que revestem o sistema nervoso central (meningite) e infecção generalizada (meningococcemia). Existem 13 sorogrupos identificados de N. meningitidis, porém os que mais frequentemente causam doença são o A, B, C, Ye W135.

A doença meningocócica tem início abrupto e evolução rápida, podendo levar ao óbito em menos de 24 a 48 horas. As manifestações iniciais da meningite são febre alta, prostração, dor de cabeça, vômitos, aparecimento na pele de pequenas manchas violáceas (petéquias) que inicialmente são

9


resoluções

Resolva Enem II

semelhantes às picadas de mosquitos mas que rapidamente aumentam de número e de tamanho, dor e dificuldade na movimentação do pescoço (rigidez de nuca). Em crianças com menos de um ano de idade, as manifestações da meningite podem ser mais inespecíficas como febre, irritação, choro constante e abaulamento da fontanela (“moleira”) sem rigidez de nuca. Se não for rapidamente tratada com antibióticos, a doença pode evoluir com confusão mental e coma. A meningococcemia é a forma mais grave de apresentação da infecção pela N. meningitidis e as manifestações iniciais são semelhantes às da meningite, excluindo-se a rigidez de nuca. O risco maior da doença meningocócica é a evolução rápida para o choque (diminuição acentuada da pressão arterial), o que resulta em funcionamento inadequado de órgãos vitais (como os rins, coração e pulmão) e morte. Cerca de 15 a 20% dos casos


59. Pó de café descartado: m = 8 × 109 kg. 15% desse valor pode virar biodiesel, ou seja, resolvemos a

regra de 3 valores:

8 × 109 kg → 100%X kg → 15%X = 1,2 × 109 kg

Este é o valor em massa de café que se transforma em óleo, então, dividimos pela densidade do óleo (d = 900 kg/cm3) e obtemos o volume:

V

V m

=×

= ×

1 2 10

9001 333 10

9

6 3

,

,

Para converter 1m3 em litros basta multiplicar por 1000. Temos:

V = 1,333 × 109 / ou 1,333 bilhões de litros.

A produção a partir da quantidade de café jogada no lixo anualmente de biodiesel seria de 1,33 bilhões de litros.


60. O voltímetro deve ser ligado em paralelo com o trecho de circuito onde se quer medir a tensão elétrica, ou seja, entre os terminais fase e neutro.

O amperímetro para medir a corrente total deve ser instalado no terminal fase ou no terminal neutro.

O outro amperímetro para medir a corrente na lâmpada deve ser ligado em série com ela.


61. A medida sanitária em questão evita o contágio de pessoas por doenças transmitidas pela água contaminada por patógenos presentes nas fezes (transmissão orofecal).

Item A verdadeiro, pois o contato água contaminada com fezes de doentes há cistos tetranucleados infectantes.

Item B falso, pois normalmente ocorre por enlatados (estufados ou amassados em geral), com a presença de bactérias e de suas toxinas.

Item C falso, pois a transmissão ocorre pelo contato com gotículas de catarro eliminadas por tosse, espirro ou fala do doente.

Item D falso, pois a transmissão ocorre pela picada do mosquito Culex fatigans infectado pelo o verme.

Item E falso, pois a transmissão ocorre pela picada do mosquito Aedes aegypti, infectado pelo vírus.


62. Nesse sistema é formada a seguinte pilha:

Mg Mg e V

Cu e Cu V

Cu Mg Mg Cu

+ −

+ −

+ +

+ = −

+ = +

+ +

2 0

2 0 0

2 0 2

2 2 37

2 0 34

E

E

,

,

00 0 2 71 E = , V

Portanto:A) Incorreta. O cobre reduz, formando Cu0.B) Correta. A d.d.p. formada entre os eletrodos é de + 2,71V.C) Incorreta. O magnésio oxida, portanto é o agente redutor.D) Incorreta. O experimento resulta em uma reação espontânea,

pois a d.d.p é positiva.E) Incorreta. Com o tempo a lâmina de cobre aumenta sua

massa e a de magnésio sofre corrosão.


63. 1 g — 5 · 103 cal4.000 g — Q cal

Q = 2 · 107 cal

Transformando de caloria para joule:1 cal — 4,2 J2 · 107 cal – W

W = 8,4 · 107 JComo o rendimento é de 15%

Então: Wútil

= 0,15 × 8,4 · 107 = 1,26 · 107 J


64. Na direção do movimento, agem na barra duas forças: a magnética e a elástica – Força magnética:Dados: i = 6 A; l = 5 cm = 5 · 10–2 m; θ = 90ºF

m = B i l sen θ ⇒ F

m = B ⋅ 6 ⋅ 5 ⋅ 10–2 ⋅ 1 ⇒ F

m = 0,3 B (I)

– Força elástica: Dados: K = 5 · 10–2 N/cm = 5 m. A mola deforma de x = 0 a x = C.F

el = –k x ⇒ F

el = –k (C – 0) ⇒ F

el = –5 C (II)

O gráfico registra essas forças, em função do deslocamento:

C0

0,3 B

F (N)

–5 C

Força Magnética

Força Elástica

x (m)

Considerando que a velocidade média (vm = 5 m/s) refere-se ao trecho OC (que não está claro no enunciado), calculamos o deslocamento no intervalo de tempo dado(Dt = 6 ms = 6 · 10–3 s):

vS

t

CC mm = ⇒ =

−( )×

⇒ = ⋅−−∆

∆5

0

6 103 103

2 .

10


resoluções

Resolva Enem II

Considerando, ainda, que no ponto C a resultante das forças é

nula (o que também não é especificado no enunciado), temos,

de (I) e (II):

Fr = F

m + F

el ⇒ F

r = 0,3 B – 5 C ⇒ 0 = 0,3 B – 5 C

BC

B B T= ⇒ =⋅ ×

×⇒ = ×

−

−−5

0 3

5 3 10

3 105 10

2

11

,.


65. Item A falso, pois a quantidade de vírus não aumentou

continuamente a partir da infecção até a morte do paciente,

houve uma queda da quantidade de vírus no organismo no

final da fase aguda e no início da fase crônica.

Item B falso, pois no início da infecção, fase aguda, houve

uma redução das células CD4 devido à proliferação dos vírus

no interior destas.

Item C falso, pois toda vez que há proliferação dos vírus a uma

redução da quantidade de células CD4, visto que os vírus se

reproduzem nestas células, causando destruição das mesmas.

Item D verdadeiro, pois os sintomas típicos da doença

apareceram quando a quantidade de células CD4 caiu abaixo

de 200 por ml de sangue, manifestando-se no paciente as

chamadas infecções oportunistas (toxoplasmose, pneumonia,

candidíase, histoplasmose, criptococose, tuberculose,

salmonelose, hepatite B, herpes simples labial e genital,

citomegalovirose, entre outras.

Item E falso, pois a relação entre a quantidade de vírus e o

número de células CD4 é inversamente proporcional.


66. Item A falso, pois os exames diagnósticos para a tuberculose

são de baixo custo, como o de escarro e o raio-X de tórax, e os

antibióticos atuais são bastante eficientes no combate da doença.

Item B falso, pois um maior do número de casos da doença,

como mostra o gráfico, está relacionado com um aumento da

desnutrição e da pobreza em determinadas áreas do país.

Item C falso, pois na realidade, um processo de urbanização

desorganizada, com moradias precárias e sem condições

adequadas de higiene e saneamento que aumentam os casos

de tuberculose.

Item D verdadeiro, pois realmente a ocorrência de AIDS torna

os pacientes mais susceptíveis ao bacilo, pelo fato de a mesma

reduzir a imunidade do paciente levando a ocorrência de

infecções oportunistas como a tuberculose, meningite, diarreia,

entre outras.

Item E falso, pois o aumento dos movimentos migratórios da

população humana e consequente aumento da distribuição

do bacilo em diversas regiões do país levam a um aumento do

número de casos da doença.


,

67.A) Falso – O principal componente do gás natural é o gás

metano.

B) Falso – A combustão completa do butano produz dióxido

de carbono.

C4H

10 + 13

2O

2 → CO

2 + 5H

2O

C) Verdadeiro – Quanto maior a quantidade de carbonos

por moléculas maior a quantidade de CO2 leberado na

combustão completa.

D) Falso – O GLP é mais denso.

E) Falso – A combustão destes não tem a mesma eficiência

energética


68. Começamos calculando as massa molares:

Mg(OH)2 → 58,3 g · mol–1

HCl → 36,4 g · mol–1

Se 1 mol de leite de magnésia tem 58,3 g, então em 1 litro

temos 64,8 g, que serão:

1 mol → 58,3 g

X mol → 64,8 g

X = 1,11 mol

Como a reação de neutralização ocorre na proporção 1 de leite

de magnésia para 2 de HCl, então temos, 2,22 mol de ácido

clorídrico por litro (1000 g), ou seja:

2,22 mol → 1000 g

X mol → 9 g

X = 0,02 mol

Para neutralizar 0,02 mol de ácido clorídrico são necessários

9 mL de leite de magnésia.


69. Devemos lembrar que as ideias de Lamarck não explicam

convincentemente os fenômenos evolutivos, logo não devemos

aceitar as ideias de transformação por necessidade (mutações

dirigidas) e a transmissão dos caracteres adquiridos. Logo

invalidaremos os itens: A, que sugere a transformação, e D, que

sugere o uso e desuso bem como a mudança por necessidade.

O item B será invalidado, pois todo ambiente exerce seleção

constante sobre os indivíduos que nele habitam. O item C

sugere que os indivíduos de conchas escuras estão melhor

adaptados em locais claros, o gráfico nos mostra o oposto. Por

fim o item E que sugere a sobrevivência diferencial de indivíduos

claros em áreas claras e indivíduos escuros em áreas escuras.


11


resoluções

Resolva Enem II

70. Analisando cada uma das proposições:I. Falsa. O calor vindo do Sol chega à Terra pelo processo de

radiação, pois é o único que ocorre no vácuo.II. Verdadeira.III. Falsa. De acordo com a equação de Planck, a energia

(E) transportada por uma radiação eletromagnética é diretamente proporcional à sua frequência (f): E = h f. A radiação infravermelha (abaixo da vermelha) tem frequência menor que a radiação visível, sendo, portanto, menos energética.


71. As células troncos apresentam como característica a capacidade de diferenciarem-se em diversas outras células. Nos primeiros estágios embrionários, como a blástula, encontramos células com grau máximo de indiferenciação, o qual reduz-se ao longo do desenvolvimento. No organismo adulto podemos encontrar células-tronco, como por exemplo na medula óssea, mas são menos diferenciadas que as células-tronco da blástula.


72. Teremos:1 180 4 06 12 6

1

6 12 6mol C H O carboidrato M gmol EC H O liberada( ); . ; ,= =− kkcal g

g kcal

g E

E kcal

mol C H O e

C H O

C H O

/

,

( tan

1 4 0

180

720

2

6 12 6

6 12 6

2 6

=

ool M gmol E kcal g

g kcal

g E

C H O liberada

C

); . ; , /

,2 6

2

46 7 0

1 7 0

2 46

1= =

×

−

HH O

C H O

total

E kcal

E kcal kcal kcal

kcal

6

2 6644

720 644 1364

1364

=

= + =>11000 kcal


73. Enriquecer urânio a 20%, como mencionado nessa notícia, significa aumentar, para 20%, a quantidade de 235U presente em uma amostra de urânio.


74.

100

10

63 dB

41 dB38 dB

28 dB

18 dB20

30

40

50

60

70

Ouvidoesquerdo

Ouvidodireito

80

0200 Hz 400 Hz 1000

Frequência (Hz)

Nív

el s

onor

o (d

B)

10000

O gráfico nos dá a menor intensidade sonora que cada ouvido da pessoa pode perceber, ou seja, somente são escutados sons com a intensidades acima da linha do gráfico para cada ouvido. Por exemplo, para a frequência de 1000 Hz, o ouvido direito começa a ouvir a partir da intensidade de 63 dB e o esquerdo, a partir de 38 dB. Portanto, para frequências acima de 200 Hz, ele ouve melhor com o ouvido esquerdo do que com o ouvido direito. Para frequências abaixo de 200 Hz, ele ouve melhor com o ouvido direito do que com o esquerdo.

Assim, analisemos as opções.A) Errada. Como mostra o gráfico, há uma pequena faixa onde

a linha de 18 dB está acima dos dois gráficos, portanto, os dois ouvidos podem escutar um sussurro de 18 dB.

B) Errada. Um som de frequência 440 Hz o ouvido esquerdo escuta a partir de 28 dB e o direito, a partir de 41 dB.

C) Errada.D) Errada.E) Correta. Interpretando sussuros como sons de nível sonoro

abaixo de 15 dB, frequências abaixo de 200 Hz, apenas o ouvido direito escuta.


75. Teremos:

21083

YX

42

0–1

M82

Bi Po + Pb +b a

210 = Y + 0 ⇒ Y = 21083 = X – 1 ⇒ X = 84M + 4 = 210 + 0 ⇒ M = 206


76. Teremos:

+1,69 V > – 0,36 VEntão:

Pb SO PbSO e dire o inversa nodo

PbOs aq s

s

( ) ( ) ( )

( )

( ; )+ → ++

− −4

24

2

2 çã â

44 2 242

4 2H SO e PbSO H O dire o direta c toaq aq s+ − −+ + → +( ) ( ) ( ) ( ) ( ;l çã á ddo

Pb SO PbO H PbSO H O

E E

s aq s aq s

)

( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )+ + + → +

=

− +2 4 2 242

2 4 2 l

∆ mmaior menorE V− = + − − = +1 69 0 36 2 05, ( , ) ,


77. A terapia gênica ou farmacogenética ou geneterapia é uma técnica muito complexa, que consiste em corrigir uma deficiência celular (que tem consequências clínicas para o paciente) provocada por um gene mutante, que leva a redução ou ausência de produção de um polipeptídeo, ou mesmo, a presença de um polipetídeo em quantidades adequadas, mas não funcional. Isso é feito com a introdução de genes normais no paciente através de duas maneiras, pela técnica ex vivo ou pela in vivo. O fragmento de DNA que contém o gene que se quer introduzir pode ser transferido para as células do paciente através de um vetor que contém o DNA (plasmídeos, vírus, ou nanopartículas). Após a penetração do vetor na célula, o DNA recombinante, que possui o gene normal para corrigir a doença e uma sequência de inserção, esta permite que o DNA enxertado se integre ao DNA celular. A partir daí, a célula passará a produzir o polipeptídeo normal que estava ausente no paciente doente.


12


resoluções

Resolva Enem II

78. Dados: Pint

= 0,95 ⋅ 105 N/m2; Patm

= 1,00 ⋅ 105 N/m2; A = 0,10 m2 e P = 40 N.

Na placa agem as seguintes forças: Pr → peso da placa;

Fr → força devido à diferença entre as pressões externa e interna

na câmara e Nr

→ força vertical de contato entre as paredes da câmara e a placa. Essas forças são mostradas na figura a seguir.

N

F

P

Pint

Patm

Como a placa está em equilíbrio, a resultante das forças que agem nela é nula. Assim:N + P = F ⇒ N = (P

atm – P

int) A – m g ⇒

N = (1 – 0,95) ⋅ 105 (0,10) – 40 = 500 – 40 ⇒ N = 460 N

O máximo peso da placa que pode ser sustentado pela ventosa é aquele para o qual a força de contato entre a placa e as paredes da câmara é nula (N = 0). Assim:

P = F ⇒ Pmáx

= (1 – 0,95) ⋅ 105 (0,10) = 500 N ⇒ Pmáx

= 500 N


79.A) Falsa. As duas lâmpadas estão em série, sendo percorridas

pela mesma corrente.B) Falsa. Mesma justificativa do item anterior.C) Falsa. Como elas têm resistências iguais, a corrente total

gerada pela bateria é dividida igualmente em duas correntes parciais que atravessam a lâmpada fazendo com que elas brilhem com mesma intensidade.

D) Correta. Há o resistor de resistência R em série com a lâmpada A, fazendo com que a corrente no ramo inferior seja menor do que a corrente no ramo superior. Assim, a lâmpada A brilha menos que a lâmpada B.

F) Falsa. Ao fechar o interruptor, a lâmpada B entra em curto-circuito e apaga.


80. Teremos:

100 50 25 12 56 25 3 125

% % % , %, % , %

p p p p

p p p

p

→ → → → → → → → 11 5625 0 78125

7 7 30 2107 7 8

, % , %

( )

p

p anos anos C siop dias

→

× = × =× = ×

é== 56 dias Iodo( )


81. Quando há súbitas mudanças ambientais e um fenótipo, antes desfavorável, passa a ser o favorecido, fala-se em seleção direcional. Um exemplo de seleção direcional é o surgimento de linhagens de bactérias resistentes a antibióticos empregados em larga escala. Embora nas populações bacterianas sempre estejam aparecendo indivíduos resistentes, mesmo sem a aplicação de antibióticos, essas bactérias mutantes são,

no entanto, menos eficientes do que as selvagens originais e por isso são rapidamente eliminadas na competição com estas últimas. Ao matar as bactérias sensíveis, o antibiótico deixa à disposição das bactérias resistentes todos os recursos do ambiente. Sem suas anteriores concorrentes, elas podem se reproduzir ativamente, originando populações de indivíduos resistentes contra os quais o antibiótico não tem efeito.


82. Se:

E1 = P + T1

P = E1 – T

1

E2 = P + T2

P = E2 – T

2

pT

E

Então:

E1 – T

1 = E

2 – T

2

ρ1 ⋅ g ⋅ V

1 – T

1 = ρ

2 ⋅ g ⋅ V

2 – T

2

998 ⋅ 10 ⋅ 10–3 – 0,2 = 1000 ⋅ 10 ⋅ 10–3 – T2

T2 = 10 – 9,78

T2 = 0,22 N


83. Substituir a resistência do chuveiro por outra que tenha o dobro do comprimento fará a resistência aumentar duas vezes, por outro lado, o fato de substituir por uma que é o dobro da espessura da original fará a resistência diminuir quatro vezes, provocando assim uma redução na resistência e, portanto, um aumento na potência devido ao aumento de corrente.


84. O circuito equivalente possui um ramo em série e dois ramos em paralelo, que correspondem ao trajeto pelas pernas.

110

270

500

140 140

320 320

100

13

50 50

13


resoluções

Resolva Enem II

A resistência equivalente é:

Req = + + + + + + + =

⇒ + =

= =

500 270 110 100 1350 140 320

2993 255 1248

22Ω

iU

Req

00

12480 176⇒ ≅i A,


85. A teoria de Darwin sobre a evolução das espécies provocou uma revolução no mundo intelectual que vai da Biologia às Ciências Humanas, passando pela Economia. O raciocínio darwinista pode ser assim resumido:1. a) Os organismos vivos têm grande capacidade de

reprodução. Apesar disso, já que o suprimento alimentar é reduzido (ideias de Malthus), poucos indivíduos chegam à idade de procriação.

b) Disso decorre que organismos com as mesmas exigências alimentares competem_entre si, “lutando” constantemente pela existência (o que Darwin chamava de “luta pela vida”).

2. a) Os organismos apresentam variações hereditárias, e portanto transmissíveis. Para Darwin, as variações hereditárias conferem aos seus portadores probabilidades diferentes de sobrevivência e reprodução: algumas variações são mais favoráveis à existência do que outras, num determinado ambiente.

b) Disso decorre que os organismos com as variações mais favoráveis, como o indivíduo com uma boia na figura 1 ou se algumas das duas criaturas aquáticas da figura 2 for capaz de pegar a bola no solo, num çiado ambiente estarão mais capacitados a sobreviver a se reproduzir nele do que os que possuem variações desfavoráveis. Assim, a taxa de sobrevivência e reprodução mais alta nos organismos mais aptos implica numa melhor adaptação da população como um todo, que a cada geração fica ainda melhor adaptada.


86. O saldo de nitrogênio fixado será incorporado pelas plantas na forma de nitrato ou de amônia (no caso das leguminosas), sendo tal processo de total importância para a produção de alimentos e manutenção de cadeias alimentares. O processo está em equilíbrio, dessa forma um estando maior que o outro, representa apenas um momento do ciclo. O cultivo de leguminosas é de total importância para a fixação do nitrogênio atmosférico e para a produção de alimentos. A fixação biológica feita por microrganismos terrestres associados e não associados à raízes e, marinhos é maior que a industrial mais a atmosférica. As bactérias fixadoras são de espécie diferente das desnitrificantes.


87. Uma adaptação do rato-canguru (animal da foto), a sua condição ambiental extremamente seca, representa o seu hábito noturno de busca de alimentos e, durante o dia se esconder em buracos no solo, isso lhe garante redução do processo de transpiração poupando-lhe água no corpo. Outras adaptações seriam: baixa taxa de transpiração, urina muito hipertônica (pouca água), eliminação de ureia como produto nitrogenado e produção de fezes desidratadas.


88. A) Falsa. O módulo da força eletromotriz induzida é diretamente

proporcional ao módulo da variação do fluxo magnético em

função do tempo, conforme a lei de Neumann-Faraday:

ε =

∆Φ∆t

.

B) Correta. A lei de Lenz afirma que sempre que há variação

do fluxo magnético surge uma força magnética na tendência

de anular o movimento que deu origem a essa variação do

fluxo.

C) Correta. Dados: n = 50 espiras; i = 2 A e P = 5 W.

P = U i ⇒ P = n ε i ⇒ 5 = 50 (ε) 2 ⇒ ε = 0,05 V.

D) Correta. Com o circuito aberto, não há condução.

E) Correta.


89. Análise das alternativas:A) Incorreta: O gás natural não é uma fonte de energia

renovável.

B) Incorreta: A energia liberada na combustão do butano não é transformada diretamente em energia elétrica, pois pode ser utilizada para vaporizar água. O vapor de água pode movimentar turbinas.

C) Correta: A combustão de 22,4 L de gás metano produz menor quantidade de energia que a de igual volume de gás butano, nas CNTP:

CH4 + 2O

2 → 2H

2O + CO

2

1 mol22,4 L

C H O H O CO4 10 2 213

25 4+ → +

1 mol22,4 L

DH = –889,5 kJLiberação de 889,5 kJLiberação de 889,5 kJ

DH = – 2893,8 kJ

Liberação de 2893,8 kJLiberação de 2893,8 kJ

Conclusão: A combustão de 22,4 L de gás metano produz menor quantidade de energia (889,5 kJ) que a de igual volume de gás butano (2893,8 kJ), nas CNTP.

D) Incorreta: A energia produzida na combustão de 1,0 g do gás butano é menor do que a produzida por igual massa de gás metano nas mesmas condições:

CH4 + 2O

2 → 2H

2O + CO

2

16 g1,0 g

X = 55,59 kJ

C H O H O CO4 10 2 213

25 4+ → +

58 g1,0 g

Y = 49,89 kJ

DH = –889,5 kJLiberação de 889,5 kJLiberação de X kJ

DH = – 2893,8 kJ

Liberação de 2893,8 kJLiberação de Y kJ

E) Incorreta: O gás carbônico, CO2(g)

, produzido a partir da combustão do metano, proveniente dos aterros sanitários, em presença de água aumenta a acidez do meio e contribui para o efeito estufa.


14


resoluções

Resolva Enem II

90. 6 kg (pasta) — 100%m (PbSO

4) — 60%

m = (PbSO4) = 3,6 kg

Obtenção de PbCO

3:

PbSO4 + Na

2CO

3 → PbCO

3 + Na

2SO

4

303 g3,6 kgm(PbCO

3) = 3,17 kg

267 gm(PbCO

3)

Para um rendimento de 91%, vem:3,17 kg — 100%m(PbCO

3) — 91%

m(PbCO3) = 2,9 kg


Anotações

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