09362715 pro Aula 11 – Diluição de Soluções · DILUIÇÃO DE SOLUÇÕES EXERCÍCIOS PROPOSTOS...
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QUÍMICA IIAULA 11:
DILUIÇÃO DE SOLUÇÕESEXERCÍCIOS PROPOSTOSANUAL
VOLUME 3
OSG.: 093627/15
01. Antes da diluição:0,4 mol ––––––– 1000 mL solução x ––––––– 100 mL solução ⇒ x = 0,04 mol de soluto
Depois da diluição: como a proporção após a diluição é de 0,04 mol do soluto para 1000 mL de solução e a quantidade de soluto realmente é de 0,04 mol, o volume fi nal da solução será de 1000 mL. Logo, o volume de água adicionado foi de 900 mL.
Resposta: B
02. Depois da diluição0,21 mol ––––––– 1000 mL solução x ––––––– 650 mL solução
⇒ x = 0,1365 mol de soluto
Antes da diluição:0,35 mol ––––––– 1000 mL solução0,1365 mol ––––––– V
⇒ x = 390 mL de soluto
Resposta: E
03. Depois da diluição:0,15 mol ––––––– 1000 mL solução x ––––––– 250 mL solução
⇒ x = 0,0375 mL de soluto.
Antes da diluição: 0,50 mol ––––––– 1000 mL solução0,0375 mol ––––––– V
⇒ V = 75 mL de solução.
Resposta: D
04. Precisamos resolver a questão duas vezes: uma para atingir a concentração mínima (2%) e outra para atingir a concentração máxima (2,5%). Utilizando a expressão T T’ ’⋅ ⋅m m= para conservar a quantidade de soluto, temos:
Para alcançar a concentração mínima: T T’ ’ ’ ’⋅ ⋅ ⇒ ⋅ ⋅ ⇒m m 2,8 100 = 2 m m =140 g.= Assim, seria necessária a adição de 140 – 100 = 40 g de água.Para alcançar a concentração máxima: T T’ ’ ’ ’⋅ ⋅ ⇒ ⋅ ⋅ ⇒m m 2,8 100 = 2,5 m m =112 g.= Assim, seria necessária a adição de 112 – 100 = 12 g de água.O único valor que se situa nesse intervalo é 20 g.
Resposta: B
05. Depois da diluição:3 mol H
2SO
4 ––––––– 1000 mL solução
x ––––––– 500 mL solução⇒ x = 1,5 mol de soluto.
Antes da diluição:15 mol H
2SO
4 ––––––– 1000 mL solução
1,5 mol H2SO
4 ––––––– V
⇒ V = 100 mL de solução
Resposta: B
06. Depois da diluição:
0,25 mol NH3 ––––––– 1L solução
x ––––––– 0,5 L solução⇒ x = 0,125 mol de NH
3
1 mol ––––––– 17 g0,125 mol ––––––– y
⇒ y = 2,125 g de NH3
Antes da diluição:
28 g NH3 ––––––– 100 g solução
2,125 g NH3 ––––––– z
⇒ z ≅ 7,59 g de solução
0,90 g ––––––– 1 mL solução7,59 g ––––––– V
⇒ V ≅ 8,43 mL de solução
Resposta: E
OSG.: 093627/15
Resolução – Química II
07. Antes da diluição1 mol A�
2(SO
4)3 ––––––– 1L solução
x ––––––– 5 L solução ⇒ x = 5 mol de soluto
1 mol A�2(SO
4)3 ––––––– 342 g
5 mol A�2(SO
4)3 ––––––– y ⇒ y = 1710 g de soluto
Depois da diluição: como o volume fi nal alcançado na piscina é de 10000 litros, a concentração será de: Cg
Lfinal = =1710
100000 171, .g/L
Resposta: A
08. Antes da diluição: em 100 g de solução a 90% em massa temos 90 g de H2SO
4.
Depois da diluição: como se adicionou 400 g de água, a massa fi nal da solução atingiu 500 g. Logo:500 g ––––––– 100%90 g ––––––– x ⇒ x = 18%.
Resposta: C
09. Antes da diluição:36,5 HC� ––––––– 100 mL solução x ––––––– 20 mL solução ⇒ x = 7,3 g de HC�
1 mol ––––––– 36,5 g y ––––––– 7,3 g ⇒ y = 0,2 mol de soluto
Depois da diluição: como o volume foi aumentado por adição de solvente até 1 litro, a nova molaridade será de: �M
mol/L= =0 2
10 2
,, .
mol
L
Assim:A) Correto. Após a diluição, com a redução da concentração a condutividade elétrica deve diminuir.B) Falso. Como calculado, a concentração após a diluição será de 0,2 mol/L.C) Falso. Já que a quantidade de soluto não se altera, o número de mol de C�– também não se altera.D) Falso. Como houve uma diluição, a concentração no balão é menor.
Resposta: A
10. Como 1 mol do cianeto (CN–) vale 26 g, então a concentração de 0,0012 mol/L equivale a 0,0312 g/L, ou seja, 31,2 mg/L. Lembre-se que quando se realiza uma diluição, na mesma proporção em que o volume aumenta a concentração diminui. A diluição dessas águas contaminadas deve levar à concentração de 31,2 mg/L para 0,01 mg/L, ou seja, deve diminuir 3120 vezes. Dessa forma, o volume inicial deverá aumentar 3120 vezes.
Resposta: B
JOÃO GUILHERME: 17/12/2015 – REV.: LÚ
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