CaptuloIX
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8/8/2019 CaptuloIX
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Captulo IX
Foras distribudas Momentos de inrcia
9.3 Determinar por integrao direta os momentos de inrcia dafigura abaixo, em relao aos eixos x e y.
a estabelece-se inicialmente uma faixa elementar retangular conforme odesenho abaixo. Esta faixa ter uma dimenso infinitesimal, ou seja dx ou dy, e aoutra dimenso x ou y. Poder-se-ia tomar como elemento infinitesimal umquadrado elementar dxdy, mas teramos que fazer uma integrao dupla. Com oauxlio do retngulo podemos resolver o problema com uma integrao simples..
b verificao da equao das curvas:
- equao da reta y2 = m.x No ponto y2 = b temos x = a Ento b = m.a e m = b/a
Substituindo na equao teremos xa
by =
2
- equao da parbola y1 = k x2 No ponto y1 = b temos x = a Ento b = k a2 e k
= b/a2 . Substituindo na equao teremos2
21x
a
by =
c momento em relao ao eixo y:
y
x Momento de (-) momento
y2
y2
y
1
y1
x x
dx
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d Iy = x2.dA porque Iy = x2 . dA , por definio. Ento
d Iy = x2 . dA = x2 . y . dx = x2 (y2-y1).dx
dxxa
bdxx
a
bdxx
a
bx
a
bxdII
aaa
yy
===
0
4
20
32
20
2)(
baa
ba
a
bax
a
bx
a
bI
y
3
2
545
2
4
5
1
4
1
5454
==
= baIy
3
20
1=
d momento em relao ao eixo x:
Podemos utilizar o mesmo retngulo elementar do item anterior uma vez queconhecemos o valor de seu momento de inrcia em relao ao eixo x, que passa
por sua base, e que vale : dxydIx3
3
1=
Subtraindo os momentos de inrcia dos dois retngulos elementares da figura,entre o eixo x e a curva y2 e entre o eixo x e a curva y1 teremos:
dxydxydIy
3
133
1
3
1= Substituindo y1 e y2 em funo de x:
dxxa
bdxx
a
bdI
x
6
6
3
3
3
3
3
1
3
1= === dxx
a
bdxx
a
bdII
aa
xx
0
6
6
3
0
3
3
3
33
37
6
34
3
3
21
1
12
1
7343ab
a
a
ba
a
b
== 3
28
1abI
x=
Note que como usamos uma faixa elementar paralela ao eixo y fica mais fcilcalcular o momento de inrcia em relao a y, Iy, por integrao direta, uma vezque todos os pontos do retngulo elementar se encontram a mesma distncia xdo eixo y. Por outro lado em relao ao eixo x as distncias y so variveis, j queo retngulo elementar perpendicular ao eixo x. Assim mais fcil resolver oproblema utilizando o momento de inrcia do retngulo elementar com relao a
sua base (eixo x) usando a frmula conhecida
3
3bhI
x= onde, substituindo y=h e
b=dx teremos3
3dxydI
x= .
e - No entanto podemos calcular o valor de Ix empregando um retnguloelementar paralelo ao eixo x, e , neste caso, como todos os pontos do retnguloestaro a uma mesma distncia do eixo x, poderemos utilizar a frmula derivadada definio de momento de inrcia: dAyIx = 2
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Obtendo as equaes em funo de y teremos2
12
11 = b
ayx : e bay
x
2
2 =
Portanto dyb
ayydy
b
ayydyxxydAyI
x
===
2
2
2
2
12
12
121
22)(
b
ab
b
aby
b
ay
b
adyy
b
ady
b
ayI
b
b
bb
x4
7
2
4
2
72
74
2
1
2
7
4
2
10
3
0 2
1
2
5
=
==
3
3
3
28
78
47
2ab
ababI
x
== 3
28
1abI
x= resultado igual ao obtido anteriormente.
9.6 - Determinar o produto de inrcia do tringulo retngulo.
Observe que a determinao do produto de inrcia por integrao parte sempredo valor do produto de inrcia do retngulo elementar em relao aos seus eixosbaricentrais, o qual nulo devido simetria da figura. Note que em seguidatransferimos este valor para os eixos x e y e procedemos a integrao com estenovo valor.
a - Para o retngulo elementar:dPxy = dPxy + x y A, onde dPx'y'= 0 (devido simetria do retngulo)
y
x1
x2
dy b
y
x
a
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b determinao da equao da reta relao entre as variveis x e y
Do tringulo tiramos:
b
hxyh
b
h
x
yh .==
e
=
b
xhy 1
tambm: xxel = ,
==
b
xhyyel 1
2
1
2
1e dx
b
xhydxdA )1( ==
c determinao de Pxy:
+=
===
bb
elel dxb
x
b
xx
hdxb
x
hxdAyxdPxyPxy 0 2
322
0
2
2
.22.1.2
1
..
22
0
2
4322
.24
1
834hbPxy
b
x
b
xxhPxy
b
=
+=
Este valor corresponde ao produto de inrcia em relao aos eixos x e y. devemosagora utilizar o teorema dos eixos paralelos para obter o produto de inrcia emrelao aos eixos que passam pelo centride do tringulo:
d - yxP em relao ao baricentro do tringulo:
Coordenadas do baricentro
bx31= hy
31=
Pelo teorema dos eixos paralelos
AyxyxPPxy ..+=
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222222
18
1
24
1.
2
1.
3
1.
3
1
24
1hbhbhbhbhbyxP =
=
hbyxP 2
72
1=
Note que como o centride est acima e a direita dos eixos x e y as distncias x e
y so tomadas com o sinal positivo.e - Suponhamos agora o tringulo em outra posio:
para o retngulo elementar temos : dAyxdPxy elel ..= , xxel = e yyel2
1=
do tringulo: xb
hy
b
h
x
y== equao da reta que passa pela origem
Clculo de Pxy , produto de inrcia do tringulo em relao a xy:
dxxb
hxdPxy
2
.2
1.
= e
=== 4..21
..2
14
2
2
0
3
2
2 b
b
hdxxb
hPxydPxy
b
Clculo de em relao aos eixos que passam pelo centride da rea:
As coordenadas do baricentro so:
bx3
2= e
3
hy =
AyxyxPPxy ..+=
222222
9
1
8
1
2
..
3.
3
2.
8
1hbhb
hbhbhbyxP =
= 22
72
1hbyxP =
Comparando os valores para os produtos de Inrcia baricentrais do tringulo nasduas posies, observamos que os dois valores so diferentes. Como o tringulono foi rebatido em relao eixos x e y, os valores obtidos no tm nenhumarelao entre si. No entanto, caso a figura fosse rebatida em relao ao eixo x ouy como nas figuras abaixo, obteramos o mesmo valor, porm com sinais trocadosa cada rebatimento. Verifique.
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9.17 Determine o momento polar de inrcia e o raio polarde girao do trapzio em relao ao ponto p2.
a iniciamos estabelecendo uma faixa elementar conveniente, conforme ilustradona figura:
b estabelecemos em seguida as relaes entre as variveis, a partirda semelhana entre os tringulos:
c clculo da rea do trapzio:
A a
x
x y
a dy
a/2
y
v (2 a )/a =(2 a v)/xdv
a Logo 2x = 2 a - v e x = a v/2x
a/2
a/2 a/2
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[ ] 22
2
0
2
0
0 0 0 4
3
422
1.
2
1
2
1a
aa
vvadvvaxdvdAA
a
aa a a
==
=
=== Ento
2
4
32 aA = 2
4
3aA = = rea do trapzio
d determinao de Ix :4
0
4
3
0
32
0
22
8
1
3
1
8
1
32
1
2
11
2
1av
vadvvavdvvvdAvI
aaa
x
=
=
=
==
4
24
5
2
1aI
x= Logo 4
12
5aI
x=
d determinao de Iy:
Lembrando da frmula do momento fletor do retngulo elementar em relao aoeixo que passa por sua base:
( ) =
=
=
== 4
4
0
43
0
3
26
22
2
1
4
1
3
2
2
1
3
2
3
1
2
1a
avadvvaIdvxdI
aa
yy
4
16
15
6
2a
= Ento 4
16
5aI
x=
A integral dvvaa3
0 2
1
uma integral de funo racional obtida pela frmula
( )( )
( )c
n
bxadxbxa
b
nn
++
+=+
+
1
1
onde2
1=b
importante observar que o aluno deve saber manusear as tabelas de integraisimediatas, de funes trigonomtricas, de momentos de inrcia de seespadronizadas, de centrides de reas, enfim, de todos os elementos de clculoindispensveis a resoluo de problemas de Engenharia. Na prtica daEngenharia a soluo de problemas passa pela obteno de dados de tabelas e
raramente necessrio montar as equaes partindo de figuras elementares comdimenses infinitesimais. No entanto o aluno no deve ficar apavorado quandotiver que resolver uma integral e deve estar preparado para abrir um livro eprocurar os elementos necessrios nas tabelas existentes.
e determinao do momento polar para P2:
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Jp2 = Ix + Iy =4
16
5
12
5a
+ Logo Jp2 =
4
48
35a
f determinao do momento polar para o ponto P1:
Jp2 = Jp2 + a2 . A - teorema dos eixos paralelos. Assim : =+=224
123
4835 aaaJp
4.2
3
48
35a
+= Logo 41
48
107aJp =
g determinao do raio de girao relativo a P2:
2
2
4
22
2
2
22 72
35
2
3
48
35
. a
a
a
A
JpkAkJp
pp
====Logo 72
35
2ak
p =
9.18 determinar o momento polar de inrcia e os momentos deinrcia em relao ao ponto O e aos eixos x e y.
9.49 - Determinar o produto de inrcia da rea abaixo:
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-
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A relao entre as variveis dada pela equao
=
2
2
..4a
x
a
xhy
Do retngulo elementar: xxel = ,2
yyel = e dxydA .=
+=
=
==
aaa
dxa
x
a
x
a
xhdx
a
x
a
xxhdxyyxdPxyPxy
0 4
5
3
4
2
32
0
2
2
22
028..16
2
1.
2
1.
a
a
x
a
x
a
xhPxy
04
6
3
5
2
42
65
2
48 += 22
15
2haPxy =
Note que o problema poderia ser resolvido sabendo que se trata da equao deuma parbola (ver elementos na fig. 5.8, pg. 295).
haA .3
2=
2
ax = hy
5
2=
22
15
2.
3
2
5
2
20.. hahah
aAyxyxPPxy =
+=+=
ou seja partimos do valor do produto de inrcia para os eixos que passam pelocentride da rea, que nulo, j que a figura simtrica em relao a estes eixos,
e aplicamos o teorema dos eixos paralelos. O resultado obtido o mesmo.
9.65 - Usando o perfil cantoneira de 40x80x0,6 cm, determinar: a)osmomentos de inrcia obtidos girando os eixos de = -30.; b) os momentosbaricentrais mximo e mnimo (principais).
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a ao invs de calcularmos os valores a partir dos retngulos podemos procurarem manuais os valores tabelados. Todos os perfis comerciais produzidos pelas
siderrgicas tm suas caractersticas de inrcia tabeladas e fornecidas aosclientes. Da tabela de caractersticas dos perfis (pg. 1340-manual do engenheiroGlobo) obtemos:
mmb 40= 289,6 cmA = 45,44 cmIx =
mmc 80= mmx 16,90 = 48,7 cmIy =
mmd 6= mmy 2,290 =
b - determinao de Pxy:
Este valor normalmente no fornecido nas tabelas e deve ser calculado.Osvalores de x0 e y0 so medidos a partir das arestas externas do perfil.
AyxPxy .. 00= (descontar metade da espessura do perfil)
ento: ( ) ( )[ ] 412,1189,632,29316,9 cmcmmmmmPxy =+=
c - rotao de = -30
2sen.2cos22
PxyIyIxIyIx
Iyx
+
=
15,262
8,75,44
2 =
+
=
+IyIx
35,1828,75,44
2 =
=
IyIx
ento: ( ) ( )60sen12,1160cos35,1815,26 = yxI
( )866,012,115,035,1815,26 +=xI 495,44 cmxI =
( )866,012,115,035,1815,26 +=yI 434,7 cmyI =
40mm 40 mm
y0= 29,2
x 300 x
80mm
x,
9,16 y,
y y
6mm
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d - clculo dos momentos principais de inrcia:
2
2
minmax,22
PxyIyIxIyIx
I +
+=
22
minmax,12,1135,1815,26 +=I
45,2115,26minmax,
=I 4max 60,47 cmI = 4
min70,4 cmI =
Deve-se observar que qualquer que seja o ngulo de rotao dos eixosconjugados perpendiculares, a soma dos momentos de inrcia nas duas direes constante.
Assim: yIxIIyIxII +=+=+ minmax
e - determinao do ngulo m dos eixos para os momentos principais de inrcia:
4,312 =m 7,15=m
Observar que tanto os momentos principais de inrcia como a tangente de m sodados na tabela da pg. 1340. As diferenas pequenas de valores devem-se aaproximaes nos clculos.
f - crculo de Mohr:
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-
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60,47max =I 70,4min =I 0minmax, =P
5,44=xI 8,7=yI 12,11, =yxP
55,44=xI 34,7=yI calcularP yx =,
Notar que como o eixo y est orientado para baixo no desenho da cantoneira oeixo dos Pxy foi igualmente orientado para baixo e o valor negativo de P xy = - 11,12
cm4
foi marcado para cima, isto , no sentido contrrio do eixo P xy . No entanto ongulo formado pelo eixo X com o eixo principal de inrcia ( que corresponde aoIMax ) foi marcado no sentido horrio, j que resultou negativo no clculo. O valordo ngulo 2 = -600 , que corresponde a rotao de 300 no sentido horrio(negativo) para a cantoneira, foi marcado a partir do eixo X e resulta no eixo X noCrculo de Mohr.
155
44,5 cm4
7,8cm4
X
-11,12cm4
Imin = 4,70 -31,40
-600 IMax = 47,60I
X,
P
7,34cm4 44,55cm4