Problema 3 opm 2015 fase final [solução ponce ]
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PROBLEMA 3
Nesse problema, mostraremos, com o auxílio da geometria espacial, a identidade:
“ Pentágono – Hexágono – Decágono “ ,
que diz que, sendo n o comprimento lado do n – ágono regular inscrito em um círculo de raio 1, então
26
210
25
a ) Seja ABC um triângulo retângulo em A, sendo AH a altura relativa à hipotenusa. Prove que
222
111
ACABAH
RESOLUÇÃO
Sendo AH altura relativa à hipotenusa do ∆ ABC, H (pé da altura) e BC ( hipotenusa). Então,BC = BH + HC. [I]
Já , das relações métricas do triângulo retângulo, AB2 = BH. BC, AC2 = HC.BC e AH2 = BH . CH. [II]
Portanto, de [I] e [II], obtém-se:
22
11
ACAB
2
1111111
AH
BC
BCHCBH
HCBH
BCHCBHBCBCHCBCBH ... 2
1
AH ;
o que finaliza a demonstração pedida.
RESPOSTA : DEMONSTRAÇÃO .
2
b ) Na figura a seguir, temos um icosaedro regular (cujas faces
são triângulos equiláteros) de centro C.
Construímos, ligando pontos médios de arestas, um
pentágono regular P e um decágono regular D.
Sendo 621 MM , calcule , em função de 1065 e, ,
os raios dos círculos circunscritos ao pentágono P e ao
decágono D.
RESOLUÇÃO
Do enunciado, 21MM é lado comum aos polígonos regulares P e D, 621 MM e 26
210
25 , tais que:
5 é o comprimento do lado de um pentágono regular inscrito em um círculo de raio 1.
6 é o comprimento do lado de um hexágono regular inscrito em um círculo de raio 1.
10 é o comprimento do lado de um decágono regular inscrito em um círculo de raio 1.
Dai, o comprimento do lado, tanto do polígono regular P quanto do polígono regular D , é 6 .
Por outro lado, claramente, polígonos regulares de mesmo número de lados, são semelhantes. A razão desta semelhança pode ser dada , tanto pela razão dos comprimentos dos seus lados quanto pela razão das medidas dos raios dos seus círculos circunscritos.
Deste modo, sendo RP e RD , respectivamente, medidas dos raios, dos círculos circunscritos ao
pentágono P e ao decágono D, tem-se:
5
6
1
PR
(consequência da semelhança entre P e o pentágono regular inscrito no círculo de raio 1) e
10
6
1
DR
, ( consequência da semelhança entre D e o decágono regular inscrito no círculo de raio 1).
Portanto,
5
6
PR e
10
6
DR
RESPOSTA :
5
6
[ raio do círculo circunscrito de P ] e
10
6
[raio do círculo circunscrito de D].
NOTAS:
1. O centro do círculo circunscrito ao decágono regular coincide com o centro C do icosaedro .
2. 6 = 1 [ resultado bem conhecido da geometria plana] .
3
c) Sejam V um vértice e W o centro de P. Mostre que as retas WM1 e CV são perpendiculares.
RESOLUÇÃO [demonstração]
Primeiramente, exibimos as figuras abaixo, com função exclusiva de auxiliar a compreensão da demonstração.
Sejam M1, M2 , M3 , M4 e M5 pontos médios das arestas do icosaedro que têm o vértice V em comum.
Deste modo, M1M2M3M4 M5 é o pentágono P de centro W . Como V, claramente, não pertencente ao plano
de P e VM1 = VM2 = VM3 = VM4 = VM5 ; pois as faces do icosaedro são triângulos equiláteros, então
VM1M2M3M4 M5 é uma pirâmide pentagonal regular, sendo P sua base e V seu vértice. Portanto,
a reta VW é perpendicular ao plano de sua base ( P ) . [I]
Já, sendo C , centro do icosaedro regular, ele é equidistante dos seus 12 vértices. Dai, as retas VM1 , VM2 ,
VM3 , VM4 e VM5 são mediatrizes das arestas do icosaedro que têm M1, M2 , M3 , M4 e M5 como pontos
médios, respectivamente. Como C ,claramente, não pertence ao plano de P e CM1 = CM2 = CM3 = CM4 = CM5 ,
então CM1M2M3M4 M5 é uma pirâmide pentagonal regular, sendo P sua base e C seu vértice. Portanto,
a reta CW é perpendicular ao plano de sua base ( P ) . [II]
Em fim, de [I] e [II] , conclui-se que C, W e V são colineares , com a reta CV perpendicular ao plano de P .
Portanto, da definição de reta perpendicular à um plano, as retas WMi ( i=1,2,3,4,5), contidas no plano de P,
são perpendiculares à reta CV ; o que finaliza a demonstração pedida.
RESPOSTA : DEMONSTRAÇÃO
NOTA:
1. C é o centro do círculo circunscrito ao decágono regular .
2. A reta CV é a reta suporte das alturas relativas à base P das duas pirâmides pentagonais.
4
d ) Utilizando o icosaedro, prove identidade: “ Pentágono – Hexágono – Decágono “ , ou seja, sem usar
trigonometria, demonstre que 26
210
25 .
RESOLUÇÃO [demonstração]
Do item ( c ), as retas WM1 e CV são perpendiculares e a reta CM1 é a mediatriz da aresta que tem M1
como ponto médio. Em consequência , ∆VM1C é um triângulo retângulo em M1 e WM1 é a sua altura
relativa à hipotenusa VC .
Do item ( b ), M1W = 5
6
PR e CM1 =
10
6
DR .
Já, das faces equiláteras do icosaedro, o ∆VM1M2 é equilátero e, portanto, 6211 MMVM =1 .
Consequentemente, da propriedade de triângulos retângulos, provada no item ( a ), resulta para o ∆VM1C :
222
1
111
DPRR
.
Portanto, com os valores de RP e RD, substituídos nesta relação, obtém-se
2
5
6
1
12
10
6
1
,
que após simplificações convenientes nos leva a bela identidade: “ 26
210
25 “ , conhecida como a
identidade “ Pentágono – Hexágono – Decágono “ ; o que finaliza a demonstração pedida.
RESPOSTA : DEMONSTRAÇÃO
NOTA : Em consequência da semelhança entre polígonos regulares de mesmo número de lados,
claramente, se nL é o comprimento lado do n – ágono regular inscrito em um círculo de raio R,
então 55
.RL , RRL 66
. e 1010
.RL ,
Dai, 26
210
26
2210
226
210
225
225
.. LLRRRRL
AUTOR: LUIZ ANTONIO PONCE ALONSO [09/07/2016].
5
CURIOSIDADE
Demonstração da identidade: “ Pentágono – Hexágono – Decágono “ ,
que diz que, sendo n o comprimento lado do n – ágono regular inscrito em um círculo de raio 1, então
26
210
25 , com o auxílio apenas da Geometria Plana.
DEMONSTRAÇÃO
Seja ABCDE um pentágono regular inscrito em um círculo de raio 1, seja F ponto médio do menor arco AB da
circunferência deste círculo, seja M ponto médio do lado AB , e seja BD = d.
Nestas condições, claramente: DBF = DMB = 900. AD = AC= DB = d.
AB = BC= CD = DE = EA = 5 , 6 = 1, AF = BF = 10 , BM25 e DF = 2. 6 .
Das relações métricas do ∆ DBF retângulo em B :
10
6
5
5
6
10.102
5.62
d
dd ou [ I ]
26
4210
2 d ou 4
2
6
102
6
d [ II ]
Do Teorema de Ptlomeu aplicado ao quadrilátero
cíclico ABCD : 2.5
25
dd .
Dividindo ambos os membros por 2d , e em
seguida por 25
, obtém-se respectivamente:
1 2
dd
55 [ III ] e
51
5
d
d [ IV]
Por outro lado, de [II] e [III]: 2
6
104
2
6
d2
54
2
10
5
d
.
Mas, ][2
54
III
d
d
53
d
512
][
512
III
d
2
1 2
51
][2
155552
dIV
dddd.
Em consequência,
I] [
2
10
61
2
51
2
10
5
d. Portanto, ,
2
10
61
2
10
5
ou seja, 2
6210
25
.
AUTOR: LUIZ ANTONIO PONCE ALONSO [09/07/2016].
NOTA: [ Teorema de Ptolomeu] Se um quadrilátero é cíclico, isto é, inscritível
em uma circunferência, então o produto dos comprimentos de suas
diagonais é igual a soma dos produtos dos comprimentos dos seus lados
opostos, isto é, sendo m e n comprimentos de suas diagonais, a,b,c e d
comprimentos de seus lados, com a e c, correspondentes um par de lados
opostos do quadrilátero cíclico, então m.n = a.c + bd.