Alguns exercicios 2
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8/4/2019 Alguns exercicios 2
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Instituto Superior Tecnico
Departamento de Matematica
Seccao de Algebra e Analise
ANALISE MATEMATICA IV
FICHA 2 ANALISE COMPLEXA
(1) Para cada um dos seguintes conjuntos Z C, esboce o conjunto
W = {w C : ew Z}
dos seus logaritmos.
(a) Z = {z C : Re(z) > 0, Im(z) > 0};(b) Z = R;(c) Z = {z C : |z| = e,
4 arg z 3
4}.
Resolucao: Como, para z = 0, os logaritmos de z sao dados porLog z = ln |z| + i(arg z + 2k) , k Z ,
os conjuntos W sao da forma
W = {ln |z| + i(arg z + 2k) | k Z e z Z\ {0}} .(a)
W = {ln |z| + i(arg z + 2k) : k Z , Re z > 0 Im z > 0 }= {ln |z| + i(arg z + 2k) : k Z , |z| > 0 , arg z ]0, /2[ }
= {x + i ( + 2k) y
: k Z , x R , ]0, /2[ } .
Portanto o esboco do conjunto W e:
y= /24
y= 2
y=0
y=
y=
y=
y=
y=
y=
y
x
y=
2
/2+2
4
/2+4
/22
4
/2
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(b) Tendo em conta que 0 nao pertence a imagem da exponencial, temos
W = {ln |z| + i(arg z + 2k) : k Z , z R \ {0} }= {ln |z| + i(arg z + 2k) : k Z , |z| > 0 , arg z = 0 ou arg z = }= {x + i (2k)
y
: k Z , x R } .
Portanto o esboco do conjunto W e:
y= 4
y=0
y= 2
y=
y=
y= 3
y= 2
y= 3
y= 4
y
x
(c)
W = {ln |z| + i(arg z + 2k) : k Z , |z| = e , 4 arg z 34 }
= { 1x
+i ( + 2k) y
: k Z , 4
34
} .
Portanto o esboco do conjunto W e:
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y
x
(1,3/4)
(1,/4)
(1,9/4)
(1,11/4)
(1,17/4)
(1,19/4)
(1,5/4)
(1,7/4)
(1,13/4)
(1,15/4)
(2) Calcule pela definicao
z + 2
zdz ,
onde e a semicircunferencia ou circunferencia parametrizada por:
(a) z = 2ei, 0 ;(b) z = 2ei, 2;
(c) z = 2ei, 0 2.Resolucao:
(a) A parametrizacao z() = 2ei tem derivada z() = 2iei. Portanto, pela definicaode integral temos
z + 2
zdz =
1 +
2
z
dz
=
0
1 +
2
2ei
2ieid
=
0 2iei + 2i d
= 2ei0
+ 2i
= 2 2 + 2i= 4 + 2i
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(b) Analogamente
z + 2z
dz =
1 + 2z dz
=
2
1 +
2
2ei
2ieid
=
2
2iei + 2i
d
= 2ei2
+ 2i
= 2 (2) + 2i= 4 + 2i
(c) Pela aditividade do integral em relacao ao caminho de integracao, o integral da alneac) e igual a soma dos integrais das alneas a) e b):
z + 2
zdz = (4 + 2i) + (4 + 2i)
= 4i
(3) Seja a circunferencia de raio 1 centrada na origem percorrida uma vez no sentido
positivo. Usando o teorema de Cauchy e as formulas integrais de Cauchy, calcule osseguintes integrais:
(a)
1 dz ;
(b)
ez
zdz ;
(c)
cos z
(z 2i)7dz ;
(d)
sin z
(2z i)6dz .
Resolucao:
(a) A funcao constante f(z) = 1 e analtica em C, que e uma regiao simplesmente
conexa. Portanto pelo teorema de Cauchy, o integral de f(z) ao longo de qualquercaminho fechado em C e 0. Em particular
1 dz = 0
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(b) f(z) = ez e uma funcao analtica em C e e um caminho fechado simples contendoa origem e orientado no sentido positivo. Portanto pela formula de Cauchy,
ez
zdz =
f(z)
z 0 dz
= 2if(0)
= 2i
(c) A funcao
f(z) =cos z
(z 2i)7e uma funcao analtica em C \ {2i}. Como2i nao pertence ao interior do contorno, a funcao e analtica numa regi ao que contem o interior do contorno e portanto,
pelo teorema de Cauchy,
cos z
(z 2i)7 dz =
f(z)dz = 0
(d) Podemos escrever o integral na forma
sin z
(2z i)6 dz =1
26
sin z
(z i2)6dz
Aplicando a formula integral de Cauchy para a derivada de ordem 5 de uma fun caoanaltica a funcao f(z) = sin z (que e analtica em C e portanto numa regiao quecontem o interior do caminho ) temos
sin z(2z i)6 dz = 126 2i5! f(5)( i2 )
=i
25120cos(
i
2)
=i
2815
e1
2 + e1
2
2
=(1 + e)i
2915
e
(4) Determine a serie de Taylor em torno da origem de cada uma das seguintes funcoes,indicando o raio de convergencia.
(a) f(z) = 11z
;
(b) f(z) = ez+2;
(c) f(z) =
cos z se Re z < 10 caso contrario.
Resolucao:
(a) Para |z| < 1, a funcao f e a soma da serie geometrica de raz ao z. Por unicidade dodesenvolvimento em serie de potencias, conclumos que o desenvolvimento de Taylor
e
f(z) =n=0
zn
valido para |z| < 1. O raio de convergencia da serie de Taylor e 1.
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(b) Temos
ez+2
= e2
ez
= e2n=0
zn
n!
sendo a ultima igualdade valida para todo o z C. Por unicidade conclumos que odesenvolvimento de Taylor em torno da origem e
f(z) =n=0
e2
n!zn
sendo o raio de convergencia +.(c) O desenvolvimento de Taylor de uma funcao num ponto depende apenas dos valores
que a funcao toma numa vizinhanca desse ponto. Portanto o desenvolvimento deTaylor de f(z) na origem e o mesmo que o de cos z. Ora
cos z = eiz
+ eiz
2
=1
2
n=0
(iz)n
n!+
n=0
(iz)nn!
=
n=0
(1)n z2n
(2n)!
onde a ultima igualdade se deve ao cancelamento das potencias mpares de z. Estedesenvolvimento e valido para qualquer z C porque o desenvolvimento da expo-nencial e v alido para todo o z C. Assim, o desenvolvimento de Taylor de f(z) emtorno da origem e
f(z) =n=0
(1)n z2n(2n)!
e o raio de convergencia desta serie de potencias e +.
Comentario: Apesar de o desenvolvimento de Taylor da alnea c) convergir para todo o
z C, ele so representa a funcao f no disco aberto de raio 1 centrado na origem, que e omaior disco aberto centrado na origem em que f(z) e analtica.
(5) Determine as series de Laurent da funcao
f(z) = 1z(1 z)
validas nas seguintes regioes:
(a) 0 < |z| < 1;(b) |z| > 1;(c) 0 < |z 1| < 1;(d) |z 1| > 1.
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Resolucao:
(a) Temos
1
z(1 z) =1
z 1
1 z
=1
z
n=0
zn para 0 < |z| < 1
=
n=1
zn para 0 < |z| < 1
Por unicidade do desenvolvimento de Laurent, conclumos que o desenvolvimento deLaurent na regiao 0 1
Por unicidade, conclumos que o desenvolvimento de Laurent na regiao |z| > 1 e
f(z) =2
n=
zn
(c)
1
z(1 z) = 1
z 1 1
z
= 1z 1
1
1 + (z 1)
= 1
z 1n=0
(1)n
(z 1)n
para 0 < |z 1| < 1
=
n=1
(1)n(z 1)n para 0 < |z 1| < 1
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(d)
1
z(1 z) = 1
z 1 1
z
= 1z 1
1
1 + (z 1)
= 1z 1
1z1
1 + 1z1
= 1(z 1)2
k=0
(1)k
1
z 1k
para
1z 1 < 1
=
k=2(1)k1(z
1)k
para |z 1| > 1
Portanto o desnenvolvimento de Laurent para |z 1| > 1 e1
z(1 z) =2
n=
(1)n1(z 1)n
(6) Seja f a funcao definida por
f(z) =1
2 + z+
sin z
z2
1
z.
(a) Determine e classifique as singularidades de f.(b) Determine o desenvolvimento de f em serie de Laurent valido para 0 < |z| < 2.(c) Calcule o integral de f ao longo da circunferencia de raio 1 centrada na origem
e percorrida uma vez no sentido positivo.(d) Determine o raio de convergencia do desenvolvimento de f em serie de potencias
de z + 3, sem calcular os coeficientes desse desenvolvimento. Justifique!
Resolucao:
(a) A funcao f(z) tem singularidades nos pontos z = 0 e z = 2. No ponto0 temos
limz0 12 + z + sin zz2 1z = 12 + limz0 sin z zz2=
1
2+ lim
z0
cos z 12z
=1
2+ lim
z0
sin z2
=1
2+ 0
onde na segunda e terceira igualdades se aplicou a regra de lHospital 1 para resolvera indeterminacao do limite. Uma vez que f(z) tem limite quando z 0 conclui-seque o ponto z = 0 e uma singularidade removvel.
Quanto ao ponto z = 2, temoslim
z2f(z) =
1Tambem conhecida por regra de Cauchy
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logo o ponto nao e uma singularidade removvel.
limz2(z + 2)
1z + 2 + sin zz2 1z = 1 + 0 0 = 1logo o ponto z = 2 e um p olo simples.
(b) Temos
1
2 + z+
sin z
z2 1
z=
1
2
1
1 + z2+
1
z2
k=0
z2k+1
(2k + 1)! 1
zpara z C \ {0, 2}
=1
2
n=0
z
2
n+
k=1
z2k1
(2k + 1)!para 0